热门试卷

（1）H=30m （2）F=455N

试题分析：（1）物体上升到最高点时离抛出点h，

由动能定理得

-（mg+f）h=0-mv02/2 ①   

f=0.1mg      ②    

由①②并代入数据得h=22m       

离开沙坑的高度H=8+h=30m      

（2）物体在沙坑中受到的平均阻力为F，

从最高点到最低点的全过程中：

mg（H+d）—fH—Fd=0          

代入数据得F=455N             

（1）（2）

（3）

试题分析：解：（1）设小球滑到B点时速度，由动能定理得：

解得                                          

（2）设小球在B点受到轨道支持力为,有,        

解得,                              

根据牛顿第三定律知，小球对轨道的压力 

（3）设小球在AB段克服阻力做功为W，

由动能定理得：     

解得               

点评：本题关键是由水平面上的运动由动能定理求出B点的速度，全过程用动能定理求AB段克服阻力做的功。

（1）（2）（3）

试题分析：（1）物块在B点时，由牛顿第二定律得：

                                              （2分）

在物体从A点到B点的过程中，根据机械能守恒定律，弹簧的弹性势能                                             (2分)

（2）物体到达C点仅受重力mg，根据牛顿第二定律有    （2分）                                        

物体从B点到C点只有重力和阻力做功，根据动能定理有：，解得

物块m从B点运动到C点克服阻力做的功的大小为          （2分）

（3）在物体从B点到C点的过程中，根据动能定理有：

，解得                   （2分）

由C点到D点，物体做平抛运动，有：

水平方向：

竖直方向：

解得：

点评：当物体在做曲线运动时，并且涉及的过程比较多，则使用动能定理可以简便解题过程

;

依题意物体刚好能匀速下滑，说明：……（2分）

得……（2分）

向上滑时，受力分析得：物体合外力……（2分）

依动能定理有：……（2分）

得：……（2分）

本题考查受力分析，当物体匀速下滑时，物体所受重力沿斜面向下的分力等于沿斜面向上的摩擦力，可求出动摩擦因数，当斜面沿斜面上滑时物体所受重力沿斜面向下的分力和摩擦力提供加速度，由牛顿第二定律可求得合外力，再由动能定理可求得位移大小

①5.625 J   ②0.5 m/s　

试题分析：①设甲、乙两车和人的质量分别为m1、m2和m，停止拉绳时甲车的速度为v1，乙车的速度为v2.

由动量守恒定律得(m1＋m)v1＝m2v2

解得v1＝0.25 m/s

由动能定理得W＝(m1＋m)v＋m2v＝5.625 J

②设人跳离甲车时人的速度为v0，人离开甲车前后由动量守恒定律得

(m1＋m)v1＝m1v′1＋mv0

人跳到乙车前后由动量守恒定律得mv0－m2v2＝(m＋m2)v′2

其中v′1＝v′2，

联立解得v0＝0.5 m/s

当人跳离甲车的速度大于或等于0.5 m/s时，两车才不会相撞．

（1）g=5m/s2（2）

试题分析：（1）小球过C点时有：     

对小球从出发到C点，由动能定理得：   

联立①②得：

由图可知：当H1=0.5m时，F1=0N，解得：r="0.2m"

当H2=1.0m时，F1=5N，解得：g=5m/s2        

（2）对该行星表面的附近的卫星有：

    解得：

点评：在使用动能定理分析多过程问题时非常方便，关键是对物体受力做功情况以及过程的始末状态非常清楚

（1）10.8m/s（2）29.4m

试题分析：(1)由动能定理得:   （2分）

=m/s=10.8m/s  （2分）

(2)由动能定理得:                   （2分）

   （2分）

         （2分）

点评：在使用动能定理解决复杂过程问题时，非常方便，关键是对过程中做功情况，始末状态分析清楚

（1）（2）   m＝0.1kg

试题分析：（1）        （2分）

     （2分）     解得        （1分）

（2）由图乙可知，在H大于0.5m时，小球才能通过D点。（2分）

当H＝0.5m时，有      （2分

      （2分）          （1分）

当H＝1.0m时，有   （3分）

  （2分）       m＝0.1kg  （2分）

点评：在分析圆周运动时，关键是找出向心力来源，根据牛顿第二定律列式求解

 ⑴、⑵、

本题考查对动能定理的应用，弹簧对物块做功转化为物体的动能，在B点根据合力提供向心力可求出B点动能，即可求出弹簧对木块做功，在C点只有重力提供向心力，可求出C点动能，从B点到C点应用动能定理可求得第二问

设子弹初速度为，射入厚为的钢板后，最终的共同速度为，根据动量守恒

…………………①

解得

动能损失…………………③

分成两块钢板之后，设子弹打穿第一块时两者的速度分别是和，根据动量守恒

…………………③

子弹在钢板中所受的阻力为恒力，射穿第一块钢板的动能损失为，根据能量守恒，

…………………④

联立①②③④，考虑到必须大于，得

…………………⑤

设子弹射入第二块钢板并留在其中后两者的共同速度为，根据动量守恒

…………………⑥

动能损失

…………………⑦

联立①②⑤⑥⑦，得

…………………⑧

因为子弹在钢板中所受的阻力为恒力，由⑧式，得射入第二块钢版的深度

…………………⑨

（1）1516.67 N/C（2）3.64×10－17 J（3）0.24 m

试题分析：（1）三对正对极板间电压之比U1∶U2∶U3＝Rab∶Rbc∶Rcd＝1∶2∶3         1′

板间距离之比L1∶L2∶L3＝1∶2∶3

故三个电场场强相等

E＝＝1516.67 N/C         2′

（2）根据动能定理

qU＝mev2－mev0          2′

电子离开H点时的动能

Ek＝mev0＋qU＝3.64×10－17 J         2′

（3）由于板间场强相等，则电子在竖直方向所受电场力不变，加速度恒定，可知电子做类平抛运动：

竖直方向：L1＋L2＋L3＝t2        2′

水平方向：x＝v0t            1′

消去t解得x＝0.12 m            2′

四块金属板的总长度AB＋CD＋EF＋GH＝2x＝0.24 m          2′

（1）2m/s（2）0.4m

（12分）（1）因不计一切摩擦，故A、B从静止开始运动到A着地过程，只有重力做功，系统机械能守恒，有，设物体A着地时的速度大小为v，因AB相连，速度大小相等，故有

………………………………………（3分）

因，有

 ………………………………………………（3分）

所以………………………………（2分）

（2）物体A着地后物体B继续以2m/s的速度沿斜面上滑，设上滑的最大距离为s，根据机械能守恒定律，有  …………………………………（4分）

所以    …………………………………………………（2分） 

本题考查的是动能定理和机械能守恒定律的问题。分析物体运动状态和受力情况结合动能定理与机械能守恒定律便可解出此题。