热门试卷

（1）；（2）；（3）； (3)；

试题分析：（1）根据动能定理：Eqd＝mv2－mv，则末动能为Ek＝mv2＝Eqd＋mv＝2mv.

（2）根据（1）中结果可知v＝2v0，对于沿x轴正方向射出的粒子进入磁场时与x轴正方向夹角θ＝，其在电场中沿x轴方向的位移x1＝v0t＝.该粒子运动轨迹如图所示，根据几何知识可知：若该粒子不能打到ab板上，则所有粒子均不能打到ab板上，因此该粒子轨迹必与ab板相切，其圆周运动的半径满足关系式d＝r＋rcos 60°，则r＝d，又根据洛伦兹力提供向心力Bqv＝，可得

（3）根据几何知识可知，沿x轴负方向射出的粒子若能打到ab板上，则所有粒子均能打到ab板上．其临界情况就是此粒子轨迹恰好与ab板相切．

由图可知此时磁场宽度应为原来的，即当ab板位于y＝d的位置时，恰好所有粒子均能打到板上，且ab板上被打中区域的长度为L＝2x1＋r＝.

（1）3 m/s （2）2 N·s，水平向右 （3）3 J

试题分析：（1）物块运动到和物块碰撞前的瞬间，根据动能定理可知：

         ①

解得： 

（2）以物块和物块为系统，根据动量守恒可知：              ②

以物块为研究对象，根据动量定理可知：                     ③

解得： ，方向水平向右

（3）以物块A和B为系统，根据能量关系可得： ④

解得：

评分标准：①②③④式子各2分，每个结果各1分，方向1分。

（1）（2）（3）24m/s

试题分析：（1）摩托车运动员由高台水平飞出后由平抛运动规律：

水平方向 ①

竖直方向  ②

联立①②得 

（2） 摩托车运动员由坡底冲上高台，根据动能定理

 ③

将m/s代入到③得m/s 

（3）从高台水平飞出到地面，由机械能守恒定律

 ④

解得24m/s

点评：要求我们能根据不同的过程选用不同的物理规律；对于平抛等只受重力的运动过程，优先采用机械能守恒定理．

（1）E=6×105 N/C  （2）2.67N

试题分析：(1) A到C过程，由动能定理：

①

解①得：E=6×105 N/C

(2) C到B过程，由动能定理：②

小球在B点受力分析，如图所示，

根据牛顿第二定律：    

③

解②③得:  N=2.67(N)

根据牛顿第三定律,小球对轨道的压力N’="N=2.67(N)"

点评：此类题型考察利用动能定理求曲线问题，并结合圆周运动的相关知识求解作用力

（1）s=0.56m  （2）W=0.1J 

（1）在轨道最高点，根据牛顿第二定律，

设小球在M点的速度为v2，有

   ………………………………（2分）

根据平抛运动规律有：        

联立方程代数解得：s=0.56m    ………………………………（2分）

（2）小球从N到M过程，设阻力做的功为W，据动能定理

    ………………………………（3分）

   ………………………………（1分）

代入数据解得    W=0.1J    ………………………………（2分）     

(1)v=4m/s（2）Wf=24J

试题分析： (1)对m、M组成的系统，水平方向不受外力，动量守恒。设最终二者共同速度为V.

（2）对木板而言，合外力即为滑动摩擦力，由动能定理可知摩擦力的功等于木板动能的增量。

所以   

点评：本题也可以利用运动学公式结合牛顿定律求解。

小题1:

小题2:5mg     竖直向下

   ①                 ②

由①②可得：    ③

（2）设小球从静止释放到第二次互达最高C时的过程速度为vC，应用动能定理：

   ④                   由②④可得：  ⑤

设小球在C点受轨道向下的压力为FN             ⑥

由⑤⑥可得：F­N="5mg    " 竖直向下⑦

⑴E＝，方向水平向右，v＝；⑵E＝，方向水平向右；⑶s＝

试题分析：⑴滑块从出口处滑出的速度与进入该区域的速度相同，说明滑块在电场区域匀速运动，根据平衡条件有：qE＝μmg，解得：E＝，其方向水平向右

滑块进入电场前，根据动能定理有：－μmgL＝－

解得滑块滑出该区域的速度为：v＝

⑵从滑块开始运动到出电场区域，根据动能定理有：－2μmgL＋qEL＝－

解得：E＝，其方向水平向右

⑶根据题意可以判断出，第一次时电场方向为竖直向上，根据动能定理有：－μmgL－μ(mg－qE)L＝－

第二次电场反向后，设滑块所停位置距左边界距离为s，根据动能定理有：－μmgL－μ(mg＋qE)L＝0－

又因为v0＝

联立解得：s＝

（1）vB=20m/s（2）3000J

试题分析：（1）运动员由B到C做平抛运动，设运动时间为t，有：

竖直方向：               ①

水平方向：                    ②

联解①②并代入数据得：vB=20m/s          ③

（2）运动员从A到B过程，由动能定理有：

              ④

联解③④并代入数据得：

                 ⑤

所以运动员克服阻力所做的功为3000J           ⑥

点评：解决平抛运动的问题思路是分解，即研究水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体．动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量，特别是可以去求变力功．

【错解分析】错解一：物块向右做匀减速运动到停止，有

，，则

错解二：小物块向左运动与墙壁碰撞后返回直到停止，有W合=△Ek，得

解得

则小物块一共走过路程

错误的要害在于没有领会题中所给的条件f＞Eq的含义。当物块初速度向右时，先减速到零，由于f＜Eq物块不可能静止，它将向左加速运动，撞墙后又向右运动，如此往复直到最终停止在轨道的O端。初速度向左也是如此。

【正解】设小物块从开始运动到停止在O处的往复运动过程中位移为x0，往返路程为s。根据动能定理有

解得

【点评】在高考试卷所检查的能力中，最基本的能力是理解能力。读懂题目的文字并不困难，难的是要抓住关键词语或词句，准确地在头脑中再现题目所叙述的实际物理过程。常见的关键词语有：“光滑平面、缓慢提升（移动）、伸长、伸长到、轻弹簧、恰好通过最高点等”这个工作需要同学们平时多积累。并且在做新情境（陌生题）题时有意识地从基本分析方法入手，按照解题的规范一步一步做，找出解题的关键点来。提高自己的应变能力。

(1)=2m/s   (2)VC=4m/s

试题分析：(1)由A到B，根据动能定理得到

代入数据解得：=2m/s                                       

(2)由B到C点，根据动能定理得到

代入数据解得：VC=4m/s                                        

点评：本题要求学生对所研究的过程，能灵活运用动能定理去解题。

①②

①B从高h处滑到平面时的速度为v0，由动能定理有

，                                     （2分）

A与B碰后共速为v1，由动量守恒有，    （2分）

②B返回时离开A的速度为，有                （1分）

对A、B和弹簧有                            （2分）

                                                    （2分）本题考查的是动能定理和动量守恒结合的问题。

（1）      根据动能定理可得：

                                                        1

可求出：

                                                             2

（2）      离开桌子后，物块做平抛运动

得 

                                                       3

代入已知条件

令，得到：

                                                              4

当，即时，总的水平运动距离取得极大值

。                                                        5

（3）      由

可得物块在桌面运动时间为

                                                                   6

从而得，且可知平抛运动时间为

所以总运动时间为

略