热门试卷

解：物体的位移是在水平方向上的，

把拉力F分解为水平的Fcosθ，和竖直的Fsinθ，

由于竖直的分力不做功，所以拉力F对物块所做的功即为水平分力对物体做的功，

所以w=Fcosθ•s=Fscosθ 

故选：C

解：A、物体先做初速度为零的匀加速直线运动，速度达到传送带速度后，由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，从图象可知传送带的速度为10m/s．故A正确．

B、开始时物体摩擦力方向沿斜面向下，速度相等后摩擦力方向沿斜面向上，则=gsinθ+μgcosθ=10m/s2．

=gsinθ-μgcosθ=2m/s2．联立两式解得μ=0.5，θ=37°．故B错误，D正确．

C、第一段匀加速直线运动的位移，摩擦力做功为Wf1=μmgcosθ•x1=0.5×10×0.8×5J=20J，第二段匀加速直线运动的位移，摩擦力做功为Wf2=-μmgcosθ•x2=-0.5×10×0.8×11J=-44J，所以Wf=Wf1+Wf2=-24J．故D错误．

故选：AD

解：A、重力做功与路径无关，只与初末位置高度差有关，故WG=mgR，故A错误；

B、小球恰能沿管道到达最高点B，得到B点速度为零；

故小球从P到B的运动过程中，动能增加量为零；重力势能减小量为mgR；故机械能减少量为mgR；故B正确；

C、小球从P到B的运动过程中，合外力做功等于动能的增加量，为零，故C错误；

D、由B选项分析得到机械能减小量为mgR，而机械能减小量等于克服摩擦力做的功，故克服摩擦力做功为mgR，故D错误；

故选B．

解：M对m的摩擦力向右，则m对M的摩擦力向左，m做匀加速直线运动，当速度达到v和M一起做匀速运动．匀加速运动的时间t=，则木板运动的位移x=vt=．所以滑动摩擦力对木板做的功为W=μmgx=mv2根据动能定理知，拉力做的功等于滑动摩擦力做的功．故C正确，A、B、D错误．

故选：C．

解：匀加速过程，设物体质量为m，加速时间为t，则：

位移x==

据牛顿第二定律，有

F-mg=ma

解得

F=m（g+a）=

故拉力的功为：W=Fx=m（g+a）•=①

匀速过程，拉力等于重力，即F=mg；

匀速的位移为：x=vt=at•t=t2

故拉力的功为：W=Fx=mgat2=        ②

由①②两式可知匀速过程中拉力的功比加速过程中拉力的功大；

故选B．

解：物体放上传送带后，开始一段时间t1内做初速度为0的匀加速直线运动，对小物体受力分析如下图所示：

可知，物体所受合力F合=f-Gsinθ

又因为f=μN=μmgcosθ

所以根据牛顿第二定律可得：

此时物体的加速度a=m/s2=0.4m/s2

当物体速度增加到0.4m/s时产生的位移

x=m

因为x＜1m

物体速度增加到0.4m/s后，由于mgsinθ＜μmgcosθ，所以物体将以速度v做匀速直线运动，受到静摩擦力，方向沿斜面向上，

则物体从A运动到B的过程中，物体先受滑动摩擦力，方向向上，后受到静摩擦力，方向沿斜面向上，而位移一直向上，则摩擦力始终做正功，故B正确．

故选：B

解：（1）人对小球做的功等于小球获得的初动能，根据对抛出到落地的过程运用动能定理得：mgh=-，所以=-mgh，即人对小球做的功等于-mgh，故AB都错；

（2）小球落地的机械能等于落地时的动能加重力势能，以地面为重力势能的零点，所以小球落地的机械能等于落地时的动能，即为，故C正确，D错误．

故选C．