热门试卷

解：

（1）游标卡尺的主尺最小分度为1毫米，游标上有10个小等分间隔，故其精确度为0.1mm，主尺读数为：29mm，游标尺第8个刻度与主尺对其，游标尺读数为：

8×0.1mm=0.8mm，故该工件的直径为：29mm+0.8mm=29.8mm．

（2）（a）通过描点法作出图象为：

（b）由单摆的周期公式得：，

所以图中的图线斜率表示为：．

g=4π2k=．

故答案为：（1）29.8；

（2）（a）如图所示；

（b）9.86．

解：（1）单摆的摆长l=L+，单摆周期T=，

由单摆周期公式T=2π，

可得：；

（2）A、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，测得的单摆周期变大，根据g=可知，测得的g应偏小．故A错误；

B、实验中误将n次全振动计为n+1次，根据T=求出的周期变小，g偏大．故B正确；

C、以摆线长作为摆长来计算，摆长偏小，根据g=可知，L偏小，测得的g应偏小．故C错误；

D、以摆线长与摆球的直径之和作为摆长来计算，摆长偏大，根据g=可知，测得的g应偏大．故D正确．

故选：BD；

（3）由图示秒表可知，秒表示数为1min+19.7s=79.7s；

（4）根据重力加速度的表达式g=可知，T2-l图线斜率：，则g=；若根据所得数据连成的直线的延长线没过坐标原点，而是与纵轴的正半轴相交于一点，则实验过程中可能存在的失误是摆长漏加小球半径，从g的表达式可知：g与摆长无关，所以因此失误对由图象求得的重力加速度的g的值无影响．

故答案为：（1），；（2）AC；（3）79.7；（4），摆长漏加小球半径，无影响．

解：（1）用单摆测重力加速度，需要测出单摆的摆长与单摆周期，

单摆摆长等于摆线的长度与摆球半径之和，20cm的细线长度太短，单摆的周期小，测量的误差比较大．为减小实验误差，摆线应选：B，

为减小空气阻力的影响，应选体积小而质量大，即密度大的球作为摆球，则摆球应选：D；

测单摆周期时为减小实验误差需要选择0.1s刻度的秒表，即：F，用毫米刻度尺测出摆线的长度，用游标卡尺测出摆球的直径，

因此需要的实验器材有：B、D、F、G、H；

（2）由T=2π可知，g=，实验需要测量单摆摆长L、单摆周期T，为减小实验误差，测周期时一般需要测出单摆完成n次全振动需要的时间t，然后求出周期T=，则实验需要测量的量为：摆长、振动次数、振动时间；

（3）要保证单摆做简谐运动，摆角要小于5°，并且摆球应在同一竖直面内摆动；

（4）为减小实验误差，测量单摆周期时，应让单摆自由振动几次后，从摆球经过平衡位置时开始计时；

故答案为：（1）B、D、F、G、H；（2）摆长；振动次数；振动时间；（3）同一竖直平面内；（4）平衡．