热门试卷

解：向外拉动活塞到一定程度时，注射器里的体积增大对外做功，故W＜0；

迅速向外拉动活塞，乙醚挥发吸收热量，即Q＜0；

根据△U=W+Q，内能减小，气体温度降低；

速率分布情况最接近图乙中的C，因为中等速率的分子比例最大．

故答案为：降低，C．

解：（1）气体从外界吸热为：Q=4.2×105J

气体对外做功：W=-6×105J

由热力学第一定律：△U=W+Q=（-6×105）+（4.2×105J）=-1.8×105J

△U为负，说明气体的内能减少了      

所以，气体内能减少了1.8×105J．      

（2）因为气体对外做功，所以气体的体积膨胀，分子间的距离增大了，分子力做负功，气体分子势能增加了．      

（3）因为气体内能减少，同时气体分子势能增加，说明气体分子的平均动能一定减少了．

答：（1）气体内能减少了1.8×105J．  （2）气体分子势能增加了；（3）气体分子的平均动能一定减少了

解：（1）常温下说明温度没有改变，使气体液化的方式就一定是压缩体积；

（2）在阳光下照射，罐内的液化石油气吸收热量，温度升高，内能增加，分子运动剧烈，压强增大；

（3）瓶中的水缓慢流入土中，水分在蒸发时吸收热量，可以降低液化石油气罐的温度．

故答案为：（1）压缩体积；（2）增加，增大；（3）蒸发，吸收．

解：①设A气体的体积为V，由玻意耳定律得：

PAV=PA′（V+△V），

PBV=PB（V-△V），

PA=PB，解得：△V=V，

A部分气体体积与原来的体积之比为5：4；

②A部分气体温度不变，气体内能不变，气体体积变大，气体膨胀对外做功，由热力学第一定律可得：气体从外界吸收热量．

答：①求此时A部分气体体积与原来体积之比为5：4；

②A部分气体是吸热．

解：A．露珠呈球形，是由于表面张力作用的结果，故A正确．

B、若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，则在此过程中气泡内气体的体积将增加，故B正确．

C．单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，故C正确．

D．单晶体的物理性质是各向异性的，而多晶体和非晶体是各向同性的，故D错误．

本题选不正确的故选D．

（2）外界对活塞做功为l1J，气体向外散热为10J，

根据热力学第一定律△U=W+Q得

△U=+11-10=1J

所以内能增加1J，故选B．

故答案为：（1）D   （2）B

解：（1）ACB过程内能增加　　　　　　　　　　　　　　 

ACB过程中　　W1=-280J，Q1=410J

由热力学第一定律　UB-UA=W1+Q1=130J　　　   

气体内能的变化量为130J

（2）BDA过程中气体放热　　　　　　　　　　　　　  

因为一定质量理想气体的内能只是温度的函数，BDA过程中气体内能变化量

UA-UB=-130J　　　　　　

由题知=200J

由热力学第一定律　  UA-UB=W2+Q2

Q2=-330J　　　　　　　　　

放出热量330J

答：（1）ACB过程中气体内能的增加130J

（2）BDA过程中气体是放出热量330J

解：①设这段时间内集热箱里气体共吸收的热量为E，根据热力学第一定律得：

50%E-W=△U，得到E=2（W+△U）

②太阳光照在集热板单位面积上的辐射功率P==．

答：①这段时间内集热箱里气体共吸收的热量为2（W+△U）．②太阳光照在集热板单位面积上的辐射功率

解：已知水的汽化热为L=2264J/g．1g的水由液态变成同温度的气态，

所以气体吸收的热量是2264J

在一个恒定标准大气压P=1.0×105 Pa下，其体积由1.0cm3变为1701cm3．

所以体积膨胀时气体对外做的功为170J

根据热力学第一定律△U=W+Q得

△U=-170J+2264J=2094J

故答案为：170J，2264J，2094J．

解：（1）A、布朗运动是指固体微粒的无规则运动，是由液体分子撞击产生的，因此反应了液体分子的无规则运动，故A错误；

B、温度是分子平均动能的标志，物体的温度越高，分子平均动能越大，故B正确；

C、分子之间的引力和斥力变化规律是相同的，距离变化对斥力影响大，分子间的距离增大，分子间的引力、斥力都减小，故C错误；

D、第二类永动机不可能制成的原因是因为其违法了热力学第二定律，故D错误．

故选B．

（2）内能变化和动能变化是完全不同的两个概念，物体的温度不变，体积不变，因此物体分子的平均动能不变，分子势能不变，故其内能不变；物体在外力作用下逐渐加速，外力做正功，因此其动能增加，故ABC错误，D正确．

故选D．