热门试卷

（1）受力如图所示，当mgsinθ=F安（2分）时速度最大，设为vm

此时电动势：（2分），安培力：（2分）

由闭合电路欧姆定律：（2分）

得：（１分）

（2）由功能关系，（2分）

得：（2分）

（3）经过时间t，杆的速度v=at（１分）

由牛顿第二定律：Ｆ＋mgsinθ－BIL=ma（2分）

得：（2分）

（1）A球刚释放时，受到重力、沿细杆向上的库仑力和细杆的支持力，根据牛顿第二定律得： 

得：       （5分）

（2）到达平衡位置时，速度最大，根据平衡条件，有：

得：                   （4分）

（3）从A到C过程，只有重力和电场力做功，根据动能定理，有：

mgsinα•+q•UAC=

将x代入，解得：   （5分）

（4）从A到D过程，只有重力和电场力做功，设小球沿杆滑行的位移大小为x1，

根据动能定理，有：

mgsinα•x1－q•U0=0

          （4分）

（1）14～18s 内      （负号表示方向与速度方向相反） ①      

（2）匀速运动时，牵引力等于摩擦力   ②  

（3）0～3s 内匀加速运动         ③  

3s～10s   小车的功率     ④      

由动能定理可知            ⑤       

S2=39(m)                         

（1）由v-t图象可知，在0～0.4s时间内线框做匀加速直线运动，进入磁场时的速度为v1=2.0m/s，所以在此过程中的加速度  a==5.0m/s2

由牛顿第二定律     

解得   F=1.5 N

（2）由v-t图象可知，线框进入磁场区域后以速度v1做匀速直线运动，

产生的感应电动势   E=BLv1

通过线框的电流   I== 

线框所受安培力   F安=BIL= 

对于线框匀速运动的过程，由力的平衡条件，有 

解得  B=0.50T

（3）由v-t图象可知，线框进入磁场区域后做匀速直线运动，并以速度v1匀速穿出磁场，说明线框的宽度等于磁场的宽度   D=0.40m 

线框ab边离开磁场后做匀减速直线运动，到达档板时的位移为s-D=0.15m

设线框与挡板碰撞前的速度为v2

由动能定理，有    =

解得  v2==1.0 m/s

线框碰档板后速度大小仍为v2，线框下滑过程中，由于重力沿斜面方向的分力与滑动摩擦力大小相等，即mgsinθ=μmgcosθ=0.50N，因此线框与挡板碰撞后向下做匀速运动，ab边刚进入磁场时的速度为v2=1.0 m/s；进入磁场后因为又受到安培力作用而减速，做加速度逐渐变小的减速运动，设线框全部离开磁场区域时的速度为v3

由v＝v0-得v3= v2 -=-1.0 m/s，

因v3<0，说明线框在离开磁场前速度已经减为零，这时安培力消失，线框受力平衡，所以线框将静止在磁场中某位置。

线框向上运动通过磁场区域产生的焦耳热Q1=I2Rt==0.40 J

线框向下运动进入磁场的过程中产生的焦耳热Q2= =0.05 J

所以Q= Q1+ Q2=0.45 J