热门试卷

（1）A、发生光电效应时，根据爱因斯坦光电效应方程Ek=hγ-W知，产生的光电子的最大初动能与照射光的频率有关，与照射光的强度无关，故A正确．

B、放射性物质发出的α、γ和β三种射线，并不是同一种原子核发生衰变时释放出的，α射线是发生α衰变时产生的，β射线是发生β衰变产生的，而γ射线往往伴随着这两种衰变产生的，故B错误．

C、根据爱因斯坦质能方程E=mc2知，只有出现质量亏损的核反应才释放能量；相反，若质量增加，核反应将吸收能量．故C错误．

D、H原子的跃迁是随机的，一群处于n=4能级的H原子发生跃迁辐射，最多可观测到C=6种不同频率的光子，故D正确．

E、α粒子散射实验揭示了原子具有核式结构，故E正确．

故选：ADE．

（2）设P与A球粘连在一起的共同速度为v1，由系统动量守恒有：

mv0=（m+m）v1 ①

当弹簧压至最短时，B与A的速度相等，设此速度为v2，由动量守恒有：

（m+m）v1=（2m+m）v2 ②

由①②两式得：v1=v0 ③

v2=v0 ④

当弹簧压至最短时贮存在弹簧中的势能最大，设为EP，

由能量守恒定律得：

EP=(m+m)-(2m+m) ⑤

解得：EP=m；

答：以后的运动过程中弹簧的最大弹性势能为m．

：不能

：当人到达软绳的末端时，软绳已离开地面一段高度H，人能否安全到达地面决定于H的大小．

由人船模型得：m(h－H)＝MH

解得：H＝＝ m＝20 m

人要回到地面得从20米高的地方跳下来，这是很危险的．所以不能．

(1)m2  (2)R

(1)在小球从D点到达槽最低点的过程中,槽未发生运动,小球机械能守恒

m2v2=m2g(h0+R)

v=

在此过程中对球和槽的水平方向应用动量定理,木桩对槽的冲量

I=m2v-0=m2.

(2)在球从最低点向B点运动过程中,球、槽系统水平方向动量守恒、机械能也守恒,恰好运动到B点的含义为到达B点时两者速度相等,故有

m2v02=m2g(h+R)

m2v0=(m1+m2)v1

m2v02=(m1+m2)v12+m2gR

解以上三式可得,h=R.

＝1.6m 

设钢球反弹后的速度大小为v1，铁块的速度大小为v，碰撞过程时间极短系统动量守恒    ①

钢球做平抛运动水平方向   ②

竖直方向  ③

由②③①解得t＝1s，v1＝2m/s，v＝4m/s

铁块做匀减速直线运动，加速度大小＝5m/s2， ⑤，最终速度为0，则其运行时间＝0.8s  ⑥

因此钢球落地时铁块已经在0.8s时停止，所以它距离平台右边缘的距离

＝1.6m ⑦

①小滑块以水平速度v0右滑时，根据动能定理得：

-fL=0-m

解得：f=

②小滑块以速度v滑上木板到运动至碰墙时速度为v1，则有

-fL=m-mv2

滑块与墙碰后至向左运动到木板左端，此时滑块、木板的共同速度为v2，则根据动量守恒和能量守恒有：

mv1=（m+M）v2，

fL=m-(m+M)

上述四式联立，解得：=

答：①小滑块与木板间的摩擦力大小为；

②现小滑块以某一速度v滑上木板的左端，滑到木板的右端时与竖直墙壁发生弹性碰撞，然后向左运动，刚好能够滑到时木板左端而不从木板上落下，的值为．

（1）子弹进入小车的过程中，子弹与小车组成的系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：

m0v0=（m0+m1）v1，

解得：v1=10m/s；

（2）子弹、物块、小车组成的系统动量守恒，以小车的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：

（m0+m1）v1=（m0+m1）v2+m2v，

设小车长为L，对系统，由能量守恒定律得：

μm2gL=(m0+m1)-(m0+m1)-m2v2，

解得：L=5.5m；

答：（1）子弹相对小车静止时，小车的速度大小为10m/s；

（2）小车的长度为5.5m．

(1)3.14 m/s  (2)  (3)0.1 m

第一个滑块以初速度v0在平板车上作匀减速运动。平板车在滑动摩擦力作用下带着上面的其他小物体一起向右做匀加速运动。第1个小滑块与第2个小滑块相碰后它立即取得与车相同的速度而随车一起做匀加速运动。第二个小滑块获得第1个小滑块的速度而做匀减速运动。以后依次为第2个小滑块与第3个小滑块相碰，各自交换速度，分别做匀加速运动与匀减速运动，直至第5个小滑块滑至平板车的最右端，这一过程中各个小滑块相对平板车滑动的距离之和等于平板车的长度，最后所有小滑块与车取得相同的速度。

根据动量守恒定律可以求得最后各滑块与车的共同速度v

mv0＝(M＋5m)v

根据能量转化关系有 μmg·L＝mv02－（M＋5m）v2

由此解得  v0＝

代入数据  M＝5m,μ＝，L＝1 m，得v0＝ m/s＝3.14 m/s

(2) 第1个滑块与第2个滑块相碰后的速度即为它运动的最小速度，根据题意知这一速度就是碰撞前平板车的速度v1，由动量守恒定律得

mv0＝m·v0＋(M＋5 m)v1

解得 v1＝v018

(3)加速度a＝＝0.5 m/s2

加速过程结束后平板车的速度由前面可得v＝

平板车的位移s＝＝0.1 m

3 m/s  2 J

B与C相互作用时间极短便黏合在一起,遵循动量守恒,但动能有损失.

mv0=(m+M)v1

v1="2" m/s

以后弹簧被压缩,B、C作为整体,在弹力作用下加速,A在弹力作用下减速,此过程动量守恒,机械能也守恒,当两者速度相等时弹簧弹性势能最大

(m+M)v1+mv0=(2m+M)·v2

(m+M)v12+mv02=(2m+M)·v22+Ep

代入数据,解得v2="3" m/s  Ep="2" J.

①取A、B为系统，由动量守恒得：（mA+mB）v0=mAvA+mBvB…①

根据题意得：s=（vA-vB）t…②

由①②两式联立得vA=0.7m/s，vB=-0.2m/s；

②由机械能守恒得：EP+（mA+mB）v02=mAvA2+mBvB2 ③

解得：EP=0.027J．

答：①弹簧与小球B刚刚分离时两小球的速度分别为0.7m/s和0.2m/s；

②弹簧被锁定时的弹性势能为0.027J．