热门试卷

解：A、小环在oa之间运动过程，重力和电场力均做正功，速度一直增大，故A错误；

B、小环在ab之间运动过程，重力做正功，电场力先做正功，后做负功，速度先增加是一定的，故B错误；

C、小环从o到b电场力做的功等于从o到a电场力做的功，大于零，故C正确；

D、a、b两点是+Q所产生的电场中的两个等势点，所以小环从a到b的过程中只有重力做功，

根据动能定理研究小环从a到b的过程得：

mgh2=m-mv=m-，

解得 vb=，故D错误；

故选C．

解：A、v-t图象的斜率等于加速度，B点处为整条图线切线斜率最大的位置，说明物块在B处加速度最大，根据牛顿第二定律得：

F=qE=ma，B为中垂线上电场强度最大的点，由图得：B点的加速度为 a===2m/s2，E==V/m=lV/m．故A正确．

B、由图知，由C到A的过程中，物块的速度不断增大，动能增大，根据能量守恒得：物块的电势能不断减小．故B错误．

C、由电势能的公式EP=qφ知，由C到A的过程中，电势逐渐降低，故C正确．

D、物块从A到B的过程，根据动能定理得：qUAB=mvB2-mvA2，则得，UAB==×（42-72）=-8.25V，所以UBA=-UAB=8.25V，故D正确．

故选：ACD

解：A、圆周运动需要向心力，粒子受重力和电场力，都是恒力，不可能做圆周运动；故A错误；

B、将微粒的运动分解为水平和竖直两个方向，粒子水平做匀加速运动，竖直方向做竖直上抛运动．则有：

BC=，AB=

由题，AB=BC，得到vC=v0，即微粒打到C点时的速率与射入电场时的速率相等；故B正确；

C、对于竖直分运动，微粒从A点到C点克服重力做功等于；

对于水平分运动，微粒从A点到C点电场力做功为；

由于vC=v0，故微粒从A点到C点克服重力做功等于电场力做的功；故C正确；

D、对水平和竖直方向的分运动，根据速度位移关系公式，有：

由于vC=v0，故：

mg=qE

根据动能定理，研究水平方向得，qUAB=

得到UAB===；故D正确；

故选：BCD．

解：根据场强的矢量做平行四边形如图

由几何知识知EB==k

其中EA=

联立解得QB=

C点电势为φC=-+k=0

故选：C

解：A、在a点和b点附近分别取很小的一段距离△x，由图象，a点段对应的电势差大于b点段对应的电势差，看做匀强电场，由公式E=，可见Eax＞Ebx，故A错误；

B、沿电场方向电势降低，在O点左侧，顺着+x轴方向电势升高，则Eax的方向沿x轴负方向，在O点右侧，沿+x轴方向电势降低，则Ebx的方向沿x轴正方向，故B正确；

C、由题可知，图为电势沿x轴的分量，B仅为沿电场沿x轴分量，并不是总的电场方向，所以不能判断出总的电场力的方向，所以知同一点电荷在a、b两点受到的电场力方向不一定相反，故C错误；

D、将正电荷沿x轴从a移动到b的过程中，电场力先做负功后做正功，其电势能先增加后减小，故D正确；

故选：BD．

解：A、由E=知，φ-x图象的斜率等于电场强度，则可知小球从O运动到x1的过程中，场强不变，由F=qE知，粒子所受电场力保持不变．故A错误．

B、负电荷在电势高处电势能小，则小球从x1运动到x3的过程中，电势不断减少，负电荷的电势能一直增大．故B正确．

C、若小球能运动恰好运动到x1处，初速度v0最小，从x=0到x1处，根据动能定理得：qφ0=，

解得：v0=．故C错误．

D、若小球的初速度v0=2，当小球运动到x1处时，电场力做正功最大，粒子的速度最大，从x=0到x1处，根据动能定理得：

qφ0=，

由题意，有：v0=2，解得最大速度为：vm=，故D正确．

故选：BD

解：A、圆环从P运动到O的过程中，只有库仑引力做正功，根据动能定理知，动能一直增大，则速度一直增大．故A错误．

B、圆环从P运动到O的过程中，受库仑引力，杆子的弹力，库仑引力沿杆子方向上的分力等于圆环的合力，设PQ连线与杆夹角为θ，则F==k，滑到O点时，所受的合力为零，故加速度可能先增大后减小．故B正确．

C、根据动能定理得，qU=mv2，根据牛顿第二定律得，k=m，联立解得k=，可知圆环仍然可以做圆周运动．若增大高度，知电势差U增大，库仑引力与所需向心力不等，不能做圆周运动．故C正确，D错误．

故选：BC