热门试卷

解：①图中，对B球受力分析，受重力、OB绳子拉力T、AB杆的支持力，如图所示：

根据平衡条件，有：T==

②图中，先对小球A受力分析，受重力、AO绳子的拉力，杆对其无弹力，否则不平衡；

再对B球受力分析，受拉力、重力和OB绳子的拉力，如图所示；

根据平衡条件，有：

T′=2mg；

故T′＞T；

故选：B

解：A、根据轨迹的弯曲方向可知，两个粒子所受的电场力均沿电场线向右，由于电场线方向未知，所以不能判断粒子的电性，故A错误．

B、由于电场线的疏密表示电场强度的大小，粒子只受电场力，故a粒子所受的电场力大小不变，加速度大小不变，b粒子所受的电场力增大，加速度增大，故B错误．

C、a所受的电场力方向与速度始终垂直，则电场力对a不做功，a虚线对应的粒子电势能不变．电场力对b虚线对应的粒子做正功，其电势能越来越小，故C正确．

D、a、b两条虚线为两个带电粒子以相同的速度从O点射入电场的运动轨迹；且两个粒子的电荷量大小相等，进入电场时所受的电场力大小相等；由于a粒子做圆周运动，说明向心力等于电场力；b粒子做向心运动，故电场力大于需要的向心力，根据F=m，b粒子的质量较小；故D正确．

故选：CD

解：A、α粒子的电荷量为 q=2e，由图知，x=5m处的电势为 φ=6V，则α粒子在x=5m处的电势能为 Ep=qφ=12eV，故A正确．

B、将电子从x=3m处沿+x方向移至x=8m处的过程中，电势先升高后降低，由 Ep=qφ，知电子的电势能先减小后增大，则电场力先做正功后做负功．故B正确．

C、由场强与电势的关系：E=，知ϕ-x图象的斜率表示场强，则x=3m处的场强比x=8m处的大．故C错误．

D、该电场的等势面不可能是一系列同心球面，若是，从远处到球心，场强应一直增大，而该图反映从球面到球心的场强先增大后减小，故D错误．

故选：ABC．

解：电键闭合时有：qE=mg，

解得：E=

又E=

解得：=

小球带正电，知上极板带负电，根据楞次定律得知，磁场正在增强

故D正确、ABC错误．

故选：D．

解：A、在（-2，0）点左侧，根据E=k，+2q和-q产生的电场强度存在一个大小相等、方向相反的点，即存在一个电场强度为零的点；在（-2，0）点到（2，0）点之间，根据E=k，电场强度方向都是向左，不为零；在（2，0）点右侧，根据E=k，+2q和-q产生的电场强度总是+2q产生的电场强度大，故不存在一个电场强度为零的点；故在x轴上电场强度为零的点只有一个，故A错误．

B、（0，2）点场强是-q和+2q在该点场强的叠加，-q在该点产生的场强大小 E1=k，+2q在该点产生的场强大小 E2=k，则（0，2）点的场强大小E==，故B正确．

C、由（0，0）点沿y轴正向向（0，2）点移动一个正电荷，电场力做正功，电势能减小，则（0，0）点的电势一定高于（0，2）点的电势，故C正确．

D、越靠近负电荷电势越低，将一正试探电荷从（1，1）点移到（-2，-1）点，电势能减小，故D错误．

故选：BC

解：A、由题意，乙到达B点时速度最小，乙先减速运动后做加速运动，当速度最小时有：mgμ=F库=k，解得OB间的距离r=，故A正确；

B、滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球在运动到B点之前，有mgμ-F库=ma，因此物体的加速度逐渐减小．当越过B点后，库仑力大于滑动摩擦力，由F库-mgμ=ma，知加速度逐渐增大，因此从开始运动到碰到甲之前的瞬间，乙的加速度先逐渐减小后逐渐增大，故B错误．

C、从A到B的过程中，根据动能定理得：W-μmgL=-，得W=μmgL+mv2-mv02，故C正确．

D、从A到B的过程中，电场力对乙做正功，乙的电势能减少，故D正确．

本题选不正确的，故选：B．