热门试卷

解：A、若sinθ＜，电场力可能做正功，也可能做负功，所以ε可能减小也可能增大、W可能增大也可能减小．故A错误．

B、若sinθ=，则电场力与速度方向垂直，电场力不做功，ε不变化、W一定守恒．故B正确．

C、若sinθ＞，电场力与重力的合力不可能沿速度方向，物体不可能做直线运动，C错误；

D、若tanθ=，则电场力沿水平方向，且和重力的合力与速度方向同向，电场力做正功ε减少，W一定增加，D错误；

故选：B

解：A、公式E=只能用于计算匀强电场中两点间的电势差，不适用于非匀强电场．故A错误．

    B、在同一电场中，a点和b点沿电场线方向的距离越大时，则这两点的电势差才越大．故B错误．

    C、公式中的d是指a点和b点之间沿电场线方向的距离．故C错误．

    D、a、b沿电场线方向两点间的距离，等于通过a、b两点的等势面间的垂直距离．故D正确．

故选D

解：A、电子只在电场力的作用下由a点移到b点时电场力做功为5eV，根据动能定理，动能增加5eV，故A正确；

B、a、b两点间电势差Uab===-5V，故B错误；

C、D、电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功为5eV，故电势能减小5eV；故C错误，D正确；

故选：AD．

解：A、根据电场线分布知，a、b两点的电场强度大小相等，方向相同，则电场强度相同．故A错误．

B、ab两点处于等量异种电荷的垂直平分面上，该面是一等势面，所以a、b的电势相等．故B错误．

C、根据等量异种电荷电场线的特点，因为沿着电场线方向电势逐渐降低，则c点的电势大于d点的电势．把点电荷+Q从c移到d，电场力做正功，电势能减小，故C错误．

D、M、N两点间的距离为L，根据库仑定律知，M点的电荷受到的库仑力大小F=k=．故D正确．

故选：D．

解：对于图中单个环形电流，根据安培定则，其在中轴线上的磁场方向均是向左，故c点的磁场方向也是向左的．

设ao1=o1b=bo2=o2c=r，设单个环形电流在距离中点r位置的磁感应强度为B1r，在距离中点3r位置的磁感应强度为B3r，故：

a点磁感应强度：B1=B1r+B3r

b点磁感应强度：B2=B1r+B1r

当撤去环形电流乙后，c点磁感应强度：

Bc=B3r=B1-

故选：B

解：

AD、若两小球均带正电，杆由水平位置转到竖直位置的过程中，重力对系统做功为0；

根据电场线分布的对称性可知：开始时两个小球处于同一等势面上，转动后，小球1所在位置的电势较低，电势能减少，小球2所在位置的电势较高，根据等势面线电场线的关系知道，A、2间电势差大于1、B间的电势差，小球2的电势升高量大于小球1电势降低量，所以小球1的电势能减小量小于qU，小球2的电势能增加量大于qU，系统的重力势能未变，则动能减少，由能量守恒可知，系统动能减小量一定小于Uq，与qU的大小不能确定，故A错误，D正确．

B、若两小球均带负电，同理可知动能变化量一定小于Uq，故B错误．

C、若球1带正电、球2带负电，对系统根据动能定理得：qU1B-qU2A=△Ek，即q（U1B-U2A）=△Ek，又U1B-U2A=（φ1-φB）-（φ2-φA）=φA-φB=U

所以可知△Ek=qU，故C正确．

故选：CD

解：A、球a保持静止，合力为零，故A错误；

B、C、D、设c电荷带电量为Q，以c电荷为研究对象受力分析，根据平衡条件得a、b对c的合力与匀强电场对c的力等值反向，即：

2××cos30°=E•Q；

所以匀强电场场强的大小为．

设c电荷带电量为Q，以c电荷为研究对象受力分析，

根据平衡条件得a、b对c的合力与匀强电场对c的力等值反向，即：=×cos60°

所以C球的带电量为2q．

故B正确，C正确，D错误；

故选：BC．

解：A、一个带电粒子从P点移动到A点，还是从P点移动到B点，电场力都做正功，P到AB间都有电势差，故直线PC为不可能等势线，故A错误；

B、粒子从P点移动到B点，电场力做功WPB=3.2×10-8J，D点为PB的中点，故粒子从D点移动到B点，电场力做功WPB==1.6×10-8J，粒子从A到B电场力做功为WAB=WAP+WPB=1.6×10-8J，故AD为等势面，故B正确；

C、从B点移动到P点电场力做功为，故离子从B移到A电场力做功为WBA=WBP+WPA=-1.6×10-8J，故C错误；

D、C是AB的中点，故C点电势为AB的中点电势，故该粒子从P点移动到C点，电场力做功为WPC==2.4×10-8J，故D正确；

故选：BD