热门试卷

解：设弹簧的劲度系数为K，原长为x．当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0，则有：…①

A、保持Q不变，将q变为-q，如果缩短量等于x0，则静电力大于弹力，故会进一步吸引，故平衡时弹簧的缩短量大于x0，故A错误．

B、保持q不变，将Q变为-Q，如果缩短量等于x0，则静电力大于弹力，故会进一步吸引，故平衡时弹簧的缩短量大于x0，故B错误．

C、保持Q不变，将q变为2q时，平衡时有：

Kx1=k…②

由①②解得：x1＜2x0，故C错误．

D、同理可以得到保持q不变，将Q变为2Q，平衡时弹簧的伸长量小于2x0，故D正确．

故选：D．

解：A、根据点电荷的场强公式E=k，可知A离Q近，场强大，故A错误．

B、由于将两个正电荷q1、q2移动到无穷远的过程中克服电场力做功，则知Q带负电，电场线从无穷远处出发到Q终止，而顺着电场线电势降低，所以A点电势小于B点电势，故B错误．

C、由图知：q1与无穷远间的电势差大于q2与无穷远间的电势差，根据电场力做功公式W=qU，可知q1的电荷量小于q2的电荷量，故C正确．

D、将q1、q2移动到无穷远的过程中克服电场力做的功，两个电荷的电势能增加，而且克服电场力做的功相等，无穷远处为零势面，所以q1在A点的电势能等于q2在B点的电势能，故D错误．

故选：C

解：由于圆环不能看作点电荷，我们取圆环上一部分△x，设总电量为Q，则该部分电量为Q；

由库仑定律可得，该部分对小球的库仑力F1=，方向沿该点与小球的连线指向小球；

同理取以圆心对称的相同的一段，其库仑力与F1相同；如图所示，

两力的合力应沿圆心与小球的连线向外，大小为：2×=；

因圆环上各点对小球均有库仑力，故所有部分库仑力的合力F库=，方向水平向右；

小球受力分析如图所示，小球受重力、拉力及库仑力而处于平衡，故T与F的合力应与重力大小相等，方向相反；

由几何关系可得：=；

则小球对绳子的拉力T=；由数学知识有：

  =；

则F=；

解得：Q=．

故选：BD

解：A、滑块水平方向受库仑力、滑动摩擦力，摩擦力与运动方向相反，而库仑力与运动方相同，因滑块在b点静止，故一定有段时间，库仑力小于滑动摩擦力，当在滑动过程中，随着间距减小，库仑力增大，但仍小于滑动摩擦力，到达b点时速度减为零．故A正确．

B、水平方向所受的摩擦力不变，库仑力在增大，但仍小于滑动摩擦力，所以导致加速度慢慢减小，加速度是变化的，所以滑块做变减速直线运动．故B错误．

C、根据功能关系知，此过程中产生的内能为 Q=fs=μmgs．故C正确．

D、由于滑块做变减速直线运动，则中间时刻的速度不等于．故D错误．

故选：AC

解：直线MN上与O点的电势差为零的点即与O点的电势相等的点，由于匀强电场中电场线与等势面垂直，所以过O做MN的垂线与MN交于P点，如图，

由直角三角形中的几何关系可知：△OPM∽△NOM

所以：

而：

得：OP=

由几何关系得：

所以：∠MOP=30°

P点的横坐标：

P点的纵坐标：

故选：D

解：电场强度E=是通过比值定义法得出的，其大小及方向与试探电荷无关；故放入任何电荷时电场强度的方向大小均不变，故ABC均错误，D正确．

故选：D．

解：A、在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，可知Q2带负电，且有k=k，Q2＜Q1．故A正确

B、在b点前做减速运动，根据动能定理可知，故电场力做负功，故B错误；

C、该电荷从a点到b点，做减速运动，且该电荷为正电荷，电场力做负功，所以电势能增大，电势升高，所以b点电势较高．故C错误

D、粒子从a到b，速度减小，电场力做负功，故电势能增大，粒子在a点的电势能比b点的电势能小，故D错误

故选：A．

解：A、据电势差的定义式知a、b两点的电势差为：U=，故A正确；

BC、E=只适应用于匀强电场，而该电场并不一定是匀强电场，所以ab两端点场强不正确，故BC错误；

D、由于电势与零势点的选取有关，故a点的电势不正确，故D错误．

故选：A．

解：a、c两点上的电荷在O点产生的场强大小相等，方向相反，正好抵消，最终的场强为b、d两点电荷在O点产生场强的合场强．则O点的场强为：

E=

方向沿Od连线由O指向d．

故选：B