热门试卷

解：电容定义式有：C===2×10-8F

故选：B

解：A、因电容器与电源始终相连，故两板间的电势差不变，B板下移，则板间距离d增大，则板间电场强度E变小，由F=Eq可知电荷所受电场力变小，故A错误；

B、板间距离d增大，则板间电场强度E变小，由U=Ed知，P与a板的电压减小，而a的电势不变，故P的电势升高，由EP=qφ而q为负值，故电势能减小，故B正确；

C、由B分析可知，C错误；

D、由Q=CU，又有C=，故C减小，Q减小，故D错误；

故选：B

解：电容器正对面积不变，两极板相互靠近，d减小，由电容的决定式C=知电容逐渐增大．平行板电容器充电后断开电源后，电容器的电量Q不变；

Q不变，C增大，由电容的定义式C=，知板间电压减小；电容器的储能取决于电量及电压的乘积，因电压减小，故电能减小；故ABC错误，D正确；

故选：D．

解：A、电容的定义式为C=，C与Q和U无关，Q与U成正比．故C正确，ABD错误．

故选：C．

解：A、在两板间加上某种绝缘介质时，A、B两板所带电荷量没有改变，电容增大，由电容的定义式C=知板间电压减小．故A错误．

B、A、B两板电荷量数量相等，P点到两板的距离相等，根据对称性和电场的叠加可知两板电荷分别在P点产生电场的场强大小相等，方向都向下，故B正确．

C、根据电容的决定式C=、电容的定义式C=和板间场强公式E=得：E=，由题知Q、ɛ均不变，则移动A板时s变小，两板间的电场强度将变大．故C错误．

D、由上分析可知将A板竖直向下平移时，板间场强不变，由U=Ed分析得知P点与下极板间的电势差不变，P点的电势保持不变．故D错误．

故选：B．

解：

A、电容器的带电量是任一极板带电量的绝对值，所以一板带电+Q，另一板带电-Q，则此电容器带电量为Q．故A错误．

B、公式C=是电容的定义式，采用比值法定义，C由电容器本身决定，C与Q、U无关．故B错误．

C、平行板电容器保持带电量不变而增大板距时，电容减小，由C=可知，板间电压要增大，故C错误．

D、给定的电容器电容一定，由C=可知，Q=CU，电容器的带电量与两极板间的电势差成正比，故D正确．

故选：D．

解：A、由图可知，电容器C与电阻R串联，所以电流传感器上的电流值是电容器的放电电流．故A正确；

B、由q=It可知，I-t图象中的面积表示为通过电流传感器的电荷量．故B错误；

C、由数格法可知电容器放电前所带电荷量Q=37×0.2×10-3×0.4 C=2.96×10-3 C，则C==370 μF≈4×10-4F．故C正确；

D、若将电容器两极板间的距离适当增大，其他条件不变，则电容器的电容减小，重复实验后得到的I-t图线与图乙所示不可能完全相同．故D错误．

故选：AC

解：A、电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关．故AC错误；

B、根据公式：Q=CU可得，当电容器带电量增加一倍，两极板间的电势差也增加一倍．故B正确；

D、电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关，两极板间的电势差减小为原来的，电容器的电容不会发生变化．故D错误．

故选：B．

解：A、M板向下平移时，极板间的正对面积减小，则由C=可知，电容器的电容减小，则由C=可知，电荷量不变，则U增大，指针张角变大，故A正确；

B、将M板向右移动，则减小了极板间的距离，由决定式可得，C增大，则由C=可知，电荷量不变，则U减小，可知指针张角变小，故B错误；

C、在MN之间插入云母板时，介电常数增大，则由电容器的决定式可知C增大，则可知U减小，故指针张角减小，故C错误；

D、M板向上平移时，极板间的正对面积减小，则由C=可知，电容器的电容减小，则由C=可知，电荷量不变，则U增大，指针张角变大，故D正确；

故选：AD

解：C=是电容的定义式，电容器电容的大小与电容的带电量Q以及电容器两极板之间的电压无关，电容器电容的决定式为：C=，只要电容器不变其电容就不发生变化，故A错误，BD正确；

根据C=可有：Q=CU，由于电容器不变，因此电量Q和电压U成正比，故C正确；

本题选错误的

故选：A