热门试卷

解：A、减小两极板间的正对面积，根据C=，电容减小，故A错误；

B、C、D、平行板电容器充电后断开电源，电量不变；

根据C=、U=Ed、C=，有：

E=，面积减小，故场强减小；

根据公式C=，电容减小，电量不变，故电压增加；

故B错误，C正确，D错误；

故选：C．

解：①金属板a、b与电池保持相连，板间电压不变；而带电液滴在M处受到重力与电场力处于静止状态，当a板向下平移一小段距离时，导致极板间的电场强度变大，从而使电场力大于重力，致使带电液滴向上运动．故①错误；

②当a板向下平移一小段距离时，导致极板间的电场强度变大，而M点到零电势（下板）的距离不变，由U=Ed知，M点与零电势间的电势差增大，M点的电势高于零，则M点的电势升高．故②正确；

③水平放置的平行正对的金属板a、b与电池相连，使两板的电压不变；而带电液滴在M处受到重力与电场力处于静止状态，当a板向下平移一小段距离时，由E=知，导致极板间的电场强度变大．故③错误；

④在a板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，由于两板的电压不变，由W=qU知，所以电场力做功相同．故④正确；

故选D

解：A、B、保持开关闭合，电路稳定时电路中没有电流，则电容器两端的电势差等于电源的电动势，故电容器两端的电势差不变，不论A、B两板靠近些，还是将A向上移动，则静电计指针张角不变，故AB错误；

C、断开电键，电容器的带电量Q不变，将A、B两极板分开一些，则d增大，根据C=，可知电容减小，而Q不变，根据C=，知电容器极板间电势差增大，静电计指针张角增大，故C错误；

D、断开电键，电容器带电量Q不变，在A、B插入一块电介质，则据C=，可知电容增大，而Q不变，根据C=，知电容器极板间电势差减小，静电计指针张角减小，故D正确．

故选：D．

解：A、电解电容器用氧化膜做电介质，由于氧化膜很薄，所以电容较大．故A错误．

B、在放电的过程中，电荷量减小，根据C== 知，电容不变，则电压逐渐减小．故B错误．

C、I-t图线与时间轴围成的面积表示电荷量．故C正确．

D、根据C== 知，通过电荷量的大小以及电压变化量的大小可以求出电容器的电容值．故D正确．

故选：CD．

解：将可变电容器动片旋出一些，两极板正对面积减小，根据电容的决定式C= 可知，电容与极板正对面积成正比，得到电容器的电容一定减小．

故选A

解：A、在国际单位制中，电容的单位是法，故A错误；

B、电容C=是定义式，电容器的电容与两极板所带电荷量大小、两极板间电压大小无关．故BC错误．

D、电容器有“隔直流、通交流”的作用．故D正确．

故选：D．

解：A、根据C=，两极板间距离越小，电容就越大．正对面积越小，电容越小．故A正确，B错误．

C、电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关．故CD错误．

故选：A．

解：A、电容器是储存电荷和电能的容器；不论是否带电均是电容器；故A错误；

B、电容是描述电容器容纳电荷本领的大小的物理量；故B正确；

C、根据C=，可知固定电容器所充电荷量跟加在两极板间的电压成正比，电量能持续增加的；故C正确；

D、电容器的电容跟极板所带电量无关，与两极板间的电压无关； 故D错误；

故选：BC．