热门试卷

解：A、电容C=是定义式，电容器的电容与两极板所带电荷量大小、两极板间电压大小无关．故AB错误，C正确．

D、电容器有“隔直流、通交流”的作用．故D正确．

故选：CD

解：A、电容放电，电流逐渐减小，为电容器放电过程，故A错误；

 B、根据图象的含义，因Q=It，所以方格的面积表示为电容器放电量，也为充电的总电量，Q=0.1×10-3×0.1×80C=8×10-4C，故B正确，D错误；

C、由C的定义式C=F=10-4F，故D错误；

故选：B

解：A、将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=得知，电容减小，而电压不变，则电容器带电量减小．故A错误．

B、由于板间电压和距离不变，则板间场强不变，尘埃所受电场力不变，仍处于静止状态．故B正确．

C、D电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，电路中逆时针方向的电流，则检流计中有a→b的电流，即自由电荷由b到a方向的定向移动．故CD正确．

故选：BCD

解：A、撤去电源，电容器所带的电荷量不变，增大两极板间的距离，根据C=知，电容减小，根据U=知，电容器两端的电势差变大，静电计指针张角变大，故A正确．

B、减小两极板间的距离，根据C=知，电容增大，根据U=知，电容器两端的电势差减小，静电计指针张角变小，故B错误．

C、将两极板错开一些，根据C=知，电容减小，根据U=知，电容器两端的电势差变大，静电计指针张角变大，故C错误．

D、将某电介质插入极板间，根据C=，知电容增大，根据U=知，电容器两端的电势差减小，静电计指针张角变小，故D错误．

故选：A．

解：A、电容器所带的电荷越多，两板间电压越大，电容C=不变，故A错误．

B、电容器两极板间的电压越高，所带的电荷越多，电容C=不变，故B错误．

C、由决定式，电容器两板间的距离增加一倍，电容就减小为原来的一半，故C错误．

D、由决定式，电容器两板间的正对面积增加一倍，电容就增加一倍．故D正确．

故选：D

解：滑片上移，滑动变阻器接入电阻减小，电路中总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律可知，电路中电流增大，内电压增大，由U=E-Ir可得电源的输出电压减小，故电压表示数减小，故B正确；

因路端电压减小，电流增大，故R1两端的电压增大，R2两端的电压减小，故电容器两端电压减小，由Q=CU可知电容器极板上的带电量减小，故A错误；

由P总=EI可得，电源的总功率增大，故C错误；

由P出=I2（R1+R）=，由数学知识可得，电源的输出功率当内阻等于外阻时输出功率最大，而R1＞r，故当R减小时，输出功率增大，故D正确；

故选：BD．

解：直流电路中，电路稳定时电容器相当于断路，电容器两极板间电压等于电阻R2两端的电压；根据电容的定义式C=，当电压增加时，带电量增加；

根据串联电路分压式U1：U2=R1：R2，又由于E=U1+U2，故减小R1或增加R2都会使电容器两端的电压增加，从而能增加电容器的电量；故BD正确．

故选：BD．

解：平行板电容器充电后与电源断开电量Q不变，要使两板间电势差U增大，根据电容的定义式C= 得知，必须使电容减小；由电容的决定式C= 得知，必须使两板距离增大些，或保持两板的间距不变，使两板错开些，减小正对面积；故C正确，ABD错误；

故选：C．

解：由电容定义式可得：

C===2×10-8μF

故选：C．

解：A、电容器被充电后两极总是带等量异种电荷；故A正确；

B、电容器被充电后两极总是带等量异种电荷，每一个极板上的电荷量即为电容器的带电量．故B错误；

C、根据电容器电容的定义式C=及其物理意义可知，电容器的电容在数值上等于电容器两极间加单位电势差时所容纳的电荷的电量的值；故C正确；

D、电容器的电容是电容器的本身的属性，与电量及电压无关；故D错误；

本题选择不正确的，故选：BD．