热门试卷

解：平行板电容器充电后与电源断开后，电量不变．将正极板移到图中虚线所示的位置时，板间距离d减小，根据C=知，电容增大，根据U=，则板间电压变小．

由E==，C=得到：E=，可知E与d无关，则知电场强度E不变．P与负极板间的距离不变，由公式U=Ed可知，P与负极板间的电势差不变，P点的电势不变，正电荷在P点的电势能不变．故BC正确，AD错误．

故选：BC．

解：A、由电容器的决定式C=，可知板间距离d增大时，电容C减小；故A正确；

B、因Q不变，C减小，则C=可知，极板间的电势差U增大；故B错误；

C、充电后断开电源，则电容器不会充放电，故电量不变；故C错误；

D、由E=，可知E与d无关，故板间电场强度E不变，故D正确；

故选：AD．

解：A、A板向上平移，减小了两极板的正对面积S，由电容的决定式C=分析可知电容C减小，而电容器的电量Q不变，则由C= 得到，板间电压U增大，静电计的指针偏角变大．故A正确．

B、保持B板不动，A板向右平移，使两极板靠近一些时，板间距离d减小，由电容的决定式C=，分析可知电容C增大，而电容器的电量Q不变，则由C= 得到，板间电压U减小，静电计的指针偏角变小．故B错误．

C、在两极板间插入电介质时，由电容的决定式C=，分析可知电容C增大，而电容器的电量Q不变，则由C= 得到，板间电压U减小，静电计的指针偏角变小．故C错误．

D、保持A、B两板不动，在A的右侧贴着A放一块金属板，相对于把AB之间的距离减小，由电容的决定式C=，分析可知电容C增大，而电容器的电量Q不变，则由C= 得到，板间电压U减小，静电计的指针偏角变小．故D错误．

故选：A

解：电容器的电压等于电阻R2两端的电压，为：U2=U=×8=5V

则电容器的带电量：Q=CU2=200×10-6×5C=1×10-3C，故BCD错误，A正确．

故选：A．

解：电容是由电容本身的性质决定的；其大小与Q和U无关；只与电容器本身的性质有关；

故选：C．

解：A、B、公式a=是加速度的定义式，加速度的大小与时间和速度变化大小无直接关系；根据牛顿第二定律，加速度有物体的质量和所受的合外力共同决定，故A错误，B正确；

C、公式E=是电场强度的定义式，电场强度与试探电荷的电荷量和所受的电场力无关，故C错误；

D、公式C=是电容的定义式，电容由电容器本身的决定，与带电量和电压无关，故D错误；

故选B．

解：A、B、根据电容的决定式C=得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大；反之，保持S不变，减小d，则θ减小．故A正确，B错误．

C、根据电容的决定式C=得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大；故C正确；

D、保持S、d均不变，插入电介质，电容C质大，因电量不变，则U减小，故偏角将减小；故D错误；

故选：AC．

解：A极板与静电计相连，所带电荷电量几乎不变，B板与A板带等量异种电荷，电量也几乎不变，故电容器的电荷量Q几乎不变；

若极板B稍向上移动一点，会发现指针张角变大，即电压增加，由公式C=知电容C变小；故ABD错误，C正确．

故选：C．

解：

A、当光敏电阻上的光照强度增大时，光敏电阻的阻值会减小，电路的总电阻减小，电路中的总电流增大，流过R2的电流增大；故A正确；

B、电路中的总电流增大，电源的内电压增大，根据全电路欧姆定律得知路端电压减小，而电容器极板间的电压就等于路端电压，所以电容器板间电压减小，带电量减小．故B正确，C错误；

D、电源效率η==，路端电压U减小，电动势E不变，所以电源的效率减小．故D正确．

本题选错误的，故选：C．

解：因质点原来处于静止状态，则有Eq=mg，且电场力向上；

由C=可知，当d减小时，电容C增大；

因电容器与电池相连，所以两端的电势差不变，因d减小，由E=可知，极板间的场强增大，故电场力大于重力；故质点将向上运动；故C正确．

故选：C

解：A、电容器所带的电荷越多，两板间电压越大，电容C=不变，故A错误．

    B、电容器两极板间的电压越高，所带的电荷越多，电容C=不变，故B错误．

    C、电容器所带电荷增加一倍，两极板间的电压增加一倍，电容C=不变，故C错误．

    D、电容的物理意义是表征电容器容纳电荷本领的大小．故D正确．

故选D