热门试卷

解：AB、据图象可知，2s末时刻，质点的位移为零，所以速度最大，恢复力为零，所以加速度最小，故AB错误；

CD、据图象可知，0-1s时间内，位移增大，恢复力变大，加速度增大二速度减小，故C正确，D错误．

故选：C．

解：A、t=0时，质点的位移为零，质点处于平衡位置时，速度最大，加速度为零；故A错误．

    B、t=1时，质点处于最大正向位移处，速度为零，加速度最大；故B错误．

    C、t=2秒时，质点的位移为零，质点处于平衡位置时，速度最大，方向沿-x轴方向，加速度为零．故C正确．

    D、质点的振幅是5厘米，振动周期是4秒．故D错误．

故选C

解：AC、由图象得到甲的周期较长，根据单摆周期公式T=2，甲的摆长较大，故A错误，C正确．

B、单摆的周期与摆球质量无关，不能比较质量的大小，故B错误．

D、甲摆a时刻位移小于b时刻位移，则a时刻摆球的高度较小，故a时刻重力势能较小，故D错误；

故选：C．

解：

A、由图知，该振动的周期为 T=4s，所以频率为f==Hz=0.25Hz，故A错误．

B、时间t=10s=2.5T，而质点做简谐运动时，在一个周期内通过的路程是4A，所以在10s内质点经过的路程S=2.5×4A=10×2cm=20cm，故B正确．

C、在5s末，质点的位移为正向最大值，速度为零，根据a=-，加速度达到负向最大值，故C正确．

D、由图看出，在t1=1.5s和t2=4.5s两时刻，质点的位移相等，说明质点经过同一位置，速度大小，根据图象的斜率表示速度可知，这两个时刻的速度方向相反，所以速度不相等，故D错误．

故选：BC

解：A、由图可知，质点完成一交全振动需要的时间为4×10-2s，故周期为4×10-2s，A错误；

B、在1×10-2s到2×10-2S内物体，由正向的10cm处到达平衡位置，故位移为-10 cm，故B正确；

C、频率f===25Hz；故C正确；

D、由图可知，物体的振幅为10cm，故D正确；

题目要求选不正确的，故选：A．

解：A、图中A点对应的时刻位移指向x轴正方向，由F=-kx可知弹力的方向沿x轴的负方向，故A错误．

B、由“爬坡法”知振子的速度方向指向x轴的正方向，故B正确．

C、在3.5～4s内振子的位移逐渐减小，正靠近平衡位置，动能逐渐增大，故C正确．

D、由于t=0时刻和t=4s时刻振子都在最大位移处，所以在0～4s内振子的位移为零，又由于振幅为A=0.5cm，在0～4s内振子完成了2次全振动，所以在这段时间内振子通过的路程为2×4×0.50cm=4cm，故D错误．

故选：BC．

解：A、振动状态是由振动位移的大小、方向和速度的大小、方向决定的，只有当两个振动状态的位移（包括大小和方向）和速度（包括大小和方向）都相同时，这两个振动状态才相同，振动物体一次全振动经过的路程为四个振幅，故从B→O→C→O→B为一次全振动，从O→B→O→C→O为一次全振动，从C→O→B→O→C为一次全振动，故ABC正确；

D、振幅大小是OC或者OB的长度，故D错误；

本题要求选不正确的，故选：D．

解：A、振幅是振子离开平衡位置的最大距离，故从图象看出，振幅A=2cm；一个周期内振子通过的路程是4A=8cm．故A正确；

B、由图可知完成1次全振动的时间为0.4s，t=0.5s时，振子的位移大于1cm．故B错误

C、t=2.5s时，位于平衡位置的下面，随时间的推移，振子靠近平衡位置，所以振子速度沿x轴正向，也加速度沿x轴正向．故C错误；

D、t=3.5s时，振子位于平衡位置的上面，随时间的推移，振子远离平衡位置，所以振子速度沿x轴负向．故D错误．

故选：A