热门试卷

解：A、由图可知A在t轴上方，位移x=0.25cm，所以弹力F=-kx=-5N，即弹力大小为5N，方向指向x轴负方向，故A错误；

B、由图可知过A点作图线的切线，该切线与x轴的正方向的夹角小于90°，切线斜率为正值，即振子的速度方向指向x轴的正方向，故B正确．

C、由图可看出，t=0、t=4s时刻振子的位移都是最大，且都在t轴的上方，在0～4s内经过两个周期，振子完成两次全振动，故C错误．

D、由于t=0时刻和t=4s时刻振子都在最大位移处，又由于振幅为0.5cm，在0～4s内振子完成了2次全振动，所以在这段时间内振子通过的路程为：s=2×4×0.50cm=4cm，故D错误．

故选：B．

解：A、由图读出周期为T=4s，则频率为f==0.25Hz．故A错误．

B、质点在一个周期内通过的路程是4个振幅，t=10s=2.5T，则在10s内质点经过的路程是S=2.5×4A=10×2cm=20cm．故B正确．

C、在5s末，质点位于最大位移处，速度为零，加速度最大．故C正确．

D、由图看出，在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点位移相同，由a=-知加速度大小和方向均相同．由于两个时刻图线的切线方向相反，所以速度方向相反．故D错误．

故选：BC．

解：A、由图读出质点振动的周期T=4s，则频率f==0.25Hz．故A错误．

B、振幅等于x的最大值，由图知振幅 A=2cm，故B错误．

C、在5s末，质点处于正向最大位移处，速度为零，加速度为负向最大．故C正确．

D、质点的振动方程为x=Asint=2sintcm，则当t=1.5s时，x=2sin（×1.5）=cm，当t=4.5s时刻，x=2sin（×4.5）=cm，与t=1.5s时刻质点的位移相等．故D正确．

故选：CD

解：A、由图知：振动周期为T=4s，振幅为A=8cm．故A错误．

B、第2s末振子的位移为负向最大值，由a=-，知加速度为正向最大值．故B错误．

C、第3s末振子的位移为零，则由F=-kx得知：回复力为零．故C错误．

D、第1s末振子在平衡位置，动能最大，第2s末振子在最大位移处，动能为零，则从第1s末到第2s末过程中振子的动能逐渐减小．故D正确．

本题选错误的，故选ABC

解：由图知 T=0.4s

由波速公式v=得：λ=vT=100×0.4m=40m．

由乙图知：在t=0时刻，A点通过平衡位置向上运动，B点位于波峰，根据波的周期性可得：A、B间的距离为：

x=（n+）λ=（40n+30）m，n=0，1，2，…

当n=0时，x=30m；当n=1时，x=70m

由于n是整数，所以x不可能等于10m、50m．

故选：BD．

解：

A、由图读出质点振动的周期T=4s，则频率f==0.25Hz．故A错误．

B、t=4s时，质点的位移为0，正通过平衡位置，速度最大，回复力为零．故B错误．

C、一个周期内质点通过的路程是4A，在1.5s～6.5s时间内，即在t=5s=1T，由于质点在t=1.5s末不在平衡位置和位移最大处，所以经过的路程是S≠5A=10cm．故C错误．

D、由图知t=1s与t=1s时刻质点的位移减小，向平衡位置靠近，做加速运动，则质点的速度增大，方向与加速度相同．故D正确．

故选：D．

解：A、由图读出质点振动的周期T=4s，则频率f===0.25Hz．故A错误．

B、质点做简谐运动，在一个周期内通过的路程是4A，t=10s=2.5T，所以在10s内质点经过的路程是：S=2.5×4A=10×2cm=20cm．故B正确．

C、在第4s末，质点的位移为0，经过平衡位置，速度最大．故C正确．

D、由图知在t=1 s和t=3 s两时刻，质点位移大小相等、方向相反，故D错误．

故选：BC

解：A、弹簧振子振动的过程中的能量包括振子的动能和弹簧的弹性势能，在振动的过程中，系统的能量不变．故A错误．

B、由图可知，在t=0.3s时刻质点位于平衡位置处，位移为0，所以振子的加速度为0．故B错误；

C、在t=0.3s时刻质点位于平衡位置处，位移为0，弹簧的弹力为0，所以弹力的功率为0．故C错误；

D、根据振动图象切线的斜率等于速度，可知t=0.3s对应的速度为最大，则振子的动能最大．故D正确．

故选：D．