- 自由组合定律
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白色盘状南瓜与黄色球状南瓜杂交，F1全是白色盘状南瓜，若F1自交，F2白色球状南瓜有3000株，则纯合的黄色盘状南瓜理论上有（ ）
正确答案
解析
解：F1白色盘状南瓜自交，F2的表现型及比例为白色盘状（A_B_）：白色球状（A_bb）：黄色盘状（aaB_）：黄色球状（aabb）=9：3：3：1，其中白色球状（A_bb）占
故选：A．
豌豆花的颜色受两对基因A/a和Q/q控制，这两对基因遵循自由组合定律．假设每一对基因中至少有一个显性基因时，花的颜色为紫色，其他的基因组合则为白色．依据下列杂交结果，P（紫花×白花）→F1（
正确答案
解析
解：由题干分析可知每一对基因中至少有一个显性基因时，花的颜色为紫色，即紫花的基因型是P-Q-，其余基因型都是白花．根据杂交实验P：紫色花（A-Q-）×白色花→F1：
故选：D．
控制菜粉蝶体色的基因为A、a，雄性中有黄色和白色，而雌性都是白色的．控制触角类型的基因为B、b，触角有棒形和正常，且雄性和雌性中都有棒形触角和正常触角．请根据如表三组杂交组合，分析回答下列问题．
（1）可判断菜粉蝶体色显隐性的杂交组合是______，隐性性状是______，控制该性状的基因位于______染色体上．
（2）杂交组合二亲本的基因类型为______．如将组合三中亲本的F1个体进行测交实验，则F2雄性个体中黄色正常、白色正常、黄色棒形、白色棒形比例为______，该F2全部个体比例为______．
（3）若检测某白色雌蝶的基因型，可让其与______多次杂交，请预测试验结果．
A______、B______、C______．
正确答案
解析
解：（1）根据组合一杂交后代雄性个体中有黄色和白色，且比例为3：1，说明黄色为显性性状，白色为隐性性状；控制该性状的基因位于常染色体上．
（2）杂交组合二的后代中，雄性个体黄色：白色=（1+3）：（1+3）=1：1，说明亲本体色的基因型为Aa和aa；触角类型的个体棒形：正常=（1+1+1）：（3+3+3）=1：3，说明亲本触角类型的基因型为Bb和Bb，所以杂交组合二亲本的基因类型为AaBb×aaBb．根据组合三的后代雄性个体的体色只有黄色，说明亲本体色的基因型为AA和aa；触角类型只有正常，说明亲本触角类型的基因型为BB和bb，所以F1个体的基因型为AaBb．将组合三中亲本的F1个体AaBb进行测交实验，则F2雄性个体中黄色正常、白色正常、黄色棒形、白色棒形比例为1：1：1：1，该F2全部个体比例为1：3：1：3．
（3）由于菜粉蝶体色的基因为A、a，雄性中有黄色和白色，而雌性都是白色的，所以白色雌蝶的基因型有三种可能，即AA、Aa、aa．因此，要检测某白色雌蝶的基因型，可让其与白色雄蝶aa多次杂交，若后代中雄蝶全是黄色，该雌蝶的基因型是AA；若后代中雄蝶黄色和白色之比约为11，该雌蝶的基因型是Aa；若后代中雄蝶全是白色，该雌蝶的基因型是aa．
故答案为：
（1）组合一 白色 常
（2）AaBb×aaBb 1：1：1：1 1：3：1：3
（3）白色雄蝶
A若后代中雄蝶全是黄色，该雌蝶的基因型是AA
B若后代中雄蝶黄色和白色之比约为11，该雌蝶的基因型是Aa
C若后代中雄蝶全是白色，该雌蝶的基因型是aa
蜜蜂是具有社会性行为的昆虫．一个蜂群包括一只蜂王、几只雄蜂和众多工蜂．蜂王专职产卵，雄蜂同蜂王交尾，工蜂负责采集花粉、喂养幼虫、清理蜂房等工作．未受精卵发育成雄峰，它能通过一种称“假减数分裂”的方式产生精子，具体过程是：雄蜂精母细胞减数第一次分裂是出现单极的纺锤体，在细胞的一极产生一个无核的细胞质芽体，不发生染色体减半，减数第二次分裂时，则按正常的方式进行；受精卵发育成蜂王或工蜂，蜂王通过减数分裂产生卵细胞．请回答下列问题：
（1）蜜蜂的性别由______决定．
（2）雄蜂的一个精母细胞通过减数分裂产生______个精子．
（3）蜂王的一个初级卵母细胞产生卵细胞的过程中，经过______次的DNA的复制，产生______个子细胞．
（4）研究人员发现了工蜂清理蜂房行为不同的两个蜂群，分别称为“卫生”蜂（会开蜂房盖、能移走死蛹）和“非卫生”蜂（不会开蜂房盖、不能移走死蛹）．为研究工蜂行为的遗传规律，进行如下杂交实验：
①工蜂清理蜂房的行为是受______对基因控制的，符合基因的______定律；
②交后代中纯合体的表现型是______，新类型Ⅰ的表现型是______．
正确答案
解析
解：（1）在蜂群中蜂王与工蜂都是雌性个体，是由受精卵发育而来的，属于二倍体生物，雄蜂是由卵细胞发育而来的，是单倍体．说明雄蜂与雌蜂的不同是由是否受精决定的，其本质是雌雄蜂的染色体数目不相同，雄蜂的染色体数目只有雌蜂的一半，所以染色体数目是决定蜜蜂性别的原因．
（2）雄蜂是单倍体，其进行的减数分裂类似于有丝分裂，所以一个精母细胞通过减数分裂产生2个基因型相同的精子．
（3）蜂王的一个初级卵母细胞已经完成了DNA的复制过程，其可以产生4个子细胞．
（4）①从F1测交后代有四种表现型，可判断“非卫生”与“卫生”的性状应该是由两对基因来控制的，从比例关系可推知这是符合基因的自由组合定律的．
测交后代纯合体为“卫生”蜂，其性状表现型为会开蜂房盖，能移走死蛹，两种新类型的表现分别为：会开蜂房盖、不能移走死蛹和不会开蜂房盖、能移走死蛹．
故答案为：
（1）染色体数目
（2）2
（3）0 4
（4）①两 自由组合
②会开蜂房盖、能移走死蛹（“卫生“蜂） 会开蜂房盖、不能移走死蛹（或不会开蜂房盖、能移走死蛹）
Ⅰ．果蝇的眼形有棒眼与圆眼之分，受基因D、d控制；翅形有长翅与残翅之分，受基因B、b控制．某科研小组用一对表现型都为圆眼长翅的雌雄蝇进行杂交试验，发现其结果与理论分析不吻合，随后又用这对果蝇进行多次试验，结果都如下表所示．
（1）眼形和翅形中属于伴性遗传的是______．
（2）图中F1代的圆眼残翅雌蝇中纯合子所占比值为______．
（3）试验结果与理论分析不吻合的原因是基因型为______的个体不能正常发育成活．
Ⅱ．野生型果蝇中，眼色的红色由常染色体上A基因决定，aa 的个体不能产生色素表现为白眼．但另一对独立的基因E-e中，E使红眼色的变为紫色，e则无作用．现有两纯种杂交，F1自交得F2，结果如下：
（1）基因E-e位于______ 染色体上．
（2）亲代的基因型为：红眼雌蝇______．
（3）F2代的基因型共有______种．
（4）为确定F2代中某紫眼雄蝇的基因型，将其与双隐性纯合雌蝇测交．若后代表现型为______两种，则其基因型为______．若后代中出现______种表现型，则其基因型为______．
正确答案
解析
解：Ⅰ．（1）根据表格中数据可知，圆眼和棒眼性状在后代中雌雄比例不等，说明控制眼形的基因位于X染色体上．
（2）亲本为圆眼长翅雄果蝇和圆眼长翅雌果蝇，根据子代的表现型可判定亲本的基因型分别为AaXDXd和AaXDY，因此子代中圆眼残翅雌果蝇的基因型及比例为 
（3）根据亲代基因型可知，子代中雌性圆眼长翅：圆眼残翅比例应为（1AAXdXd+1AAXDXd+2AaXDXD+2AaXDXd）：（1aaXDXD+1aaXDXd）=6：2，而实际比例是5：2，因此可判定基因型为AAXDXD或AAXDXd的个体死亡．
Ⅱ．（1）根据分析，基因E-e位于X染色体上．
（2）亲代的基因型为：红眼雌蝇AAXeXe；白眼雄蝇aaXEY．
（3）F1代的基因型为AaXEXe和AaXeY，F2代的基因型共有3×4=12种．
（4）为确定F2代中某紫眼雄蝇A_XEY的基因型，将其与双隐性纯合雌蝇aaXeXe测交．若后代表现型为紫眼雌蝇和红眼雄蝇两种，则其基因型为AAXEY．若后代中出现4种表现型，则其基因型为AaXEY．
故答案为：
Ⅰ．（1）眼形
（2）
（3）BBXDXD或BBXDXd
Ⅱ．（1）X
（2）AAXeXe
（3）12
（4）紫眼雌蝇和红眼雄蝇 AAXEY 4 AaXEY
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