热门试卷

解：设物体的质量为m，拉力和阻力分别为F和f，根据牛顿第二定律得：F-f=ma

A、将拉力增大到原来的2倍，2F-f=ma′，分析得到a′＞2a，即加速度大于原来的2倍．故A错误．

B、将阻力减少到原来的倍，F-f=ma′，分析得到a′＞2a，加速度大于原来的2倍．故B错误．

C、将物体的质量增大到原来的2倍，合力不变，加速度变为原来的一半．故C错误．

D、将物体的拉力和阻力都增大到原来的2倍，2F-2f=ma′，a′=2a，即加速度等于原来的2倍．故D正确．

故选：D．

解：对AB整体分析可知，由牛顿第二定律可知：

F=（M+m）a

求得整体的加速度a=；

对B物体分析可知：

A对B的作用力大小：

T=ma=；

故BD正确，AC错误；

故选：BD．

解：根据牛顿第二定律可知F-μmg=ma，带入数据求得a==5 m/s2，

故选：B．

解：A、由位移与速度的函数关系式可知，汽车在此过程中做匀变速直线运动，故A正确；

B、汽车做匀减速直线运动，汽车末速度为0，故B错误；

C、把坐标轴上的（0，25m）和（72km/h，0），单位换算后代入v2=2as，可求m=25，n=，故C正确；

D、加速度，可知合力大小与重力大小的比值为4：5，而作用力的大小与合力大小不等，故D错误．

故选：AC．

解：A、C、D以整体法为研究对象，根据牛顿第二定律得知，两种情况下加速度相等，而且加速度大小为a1=a2=．

设弹簧的原长为l0．根据牛顿第二定律得：

  第一种情况：对A：k（l1-l0）=ma1  ①

  第二种情况：对B：k（l0-l2）=2ma2 ②

由①②解得，l0=，k=．故C错误，AD正确．

B、第一种情况弹簧的形变量为x1=l1-l0=，第二种情况弹簧的形变量为x2=l0-l2=，故B错误．

故选：AD

解：A、t1-t2时间内小球先做加速度减小的加速运动，当绳子的拉力大于重力时，小球才开始做减速运动，t2时刻绳子的拉力最大，小球运动到最低点，速度为零，所以t1～t2时间内，小球的动能都先增大后减小，故A正确；

B、小球的速度最大出现在张力与重力相等的位置，此后开始减速运动，绳子张力继续增大，当速度减为零时，张力最大，所t2～t3时间内，小球的速度先增大后减小，故B错误；

C、从图可知从悬点释放到绳子张紧历时t1，即绳子的自然长度l=，故C错误；

D、t5时刻和t2时刻相同，此时绳子的拉力最大，小球运动到最低点，速度为零，故D正确．

故选：AD

解：弹簧秤的示数等于弹簧的拉力F1；

在水平方向上所受的合力F合=F1-F2，根据牛顿第二定律得，a=，解得F1=F2+ma

弹簧秤的读数等于拉弹簧的拉力，等于F1=F2+ma；

故选：A

解：A、B、若地面是完全光滑的，A、B将以共同的加速度运动，因木块AB完全相同 设质量为m、加速度为a；

根据牛顿第二定律：

对AB整体：F=2ma，得a=；

对B：FAB=ma=．故A错误，B正确；

C、若地面是有摩擦的，且A、B被推动，A、B也将以共同的加速度运动

根据牛顿第二定律对AB整体：F-μ（m+m）g=2ma 解得：a==，

对B：FAB-μmg=ma 故：FAB=ma+μmg=m（a+μg）=，故C正确；

D、若地面是有摩擦的，且A、B未被推动，则可能是F小于A所受的摩擦力未被推动，此时AB之间无作用力FAB=0，

也可能是F大于A所受的摩擦力，但小于AB所受的摩擦力之和未被推动，此时AB之间有作用力FAB大于零，

但要小于，因为根据C项可知，当FAB=时，AB就滑动了． 即FAB可以等于0-之间的任意值．故D正确；

故选：BCD．