热门试卷

（1）

（2）当F <mg时，a = 0；当F >mg时，a =。

（1）（4分）根据牛顿第二定律，

得物体的加速度：。

（2）（6分）受力分析如图：

 在竖直方向上有：         

在水平方向上：

当时，；

当，

 根据牛顿第二定律：

得： a =" 0        " （当F <mg时)

或： a =  （当F >mg时)

（1）人受力如图：

由牛顿第二定律得：

mgsinθ-f=ma

sinθ=

解得：

a=4m/s2

（2）由v2-v02=2as，带入数据解得：

v=5.6m/s

答：

（1）他滑行的加速度大小为a=4m/s2

（2）他滑至底端的速度大小v=5.6m/s

（1）速度图象的斜率等于物体的加速度，则物体在0～4s的加速度大小为：a===3m/s2

（2）根据图线与坐标轴所围“面积”等于位移可知：4～10s的位移大小为：x=×(10-4)×12m=36m

答：（1）物体在0～4s的加速度大小为3m/s2；

（2）物体在4～10s的位移大小为36m；

（1）重力垂直于斜面方向上的分力等于支持力的大小，等于400N．

则G==500N．

则物体的质量m=50kg．

（2）物体的合力等于重力沿斜面方向上的分力，F合=300N．

则加速度a==6m/s2．

（3）因为mgsinθ=300N，则θ=37°．

答：（1）物体的质量为50㎏．

（2）物体下滑的加速度为6m/s2

（3）斜面与水平地面的夹角为37°．

（1）设硬橡胶块与塑料盖恰好分离时，两者的共同速度为v，从开始滑动到分离经历时间为t，

在此期间硬橡胶块与塑料盖的加速度大小分别为a1、a2，

由牛顿第二定律得：

μmg=ma1        ①

μmg=2ma2       ②

v=a1t=v0-a2t   ③

由以上各式得    v=v0   ④

（2）设硬橡胶块与塑料盖恰好分离时，硬橡胶块移动的位移为x，

取硬橡胶块分析，应用动能定理得   μmgx=mv2           ⑤

由系统能量关系可得

    μmgR=M-（M+m）v2   ⑥

由④⑤⑥式可得    x=R         

因   x＜R，故硬橡胶块将落入污水井内 

答：（1）求硬橡胶块与塑料盖刚好分离时的速度大小为 v0 

（2）实验中的硬橡胶块将落入污水井内．

（1）（2）（3）

试题分析：（1）由牛顿第二定律： 即

（2）从下滑开始到A，根据公式则 则，所以运动到A处

 根据则 代入上式

(3) 由动能定理可知：

由牛顿第二定律：

到停止运动所用时间为 即

点评：此类题型考察了牛顿运动定律解决运动学问题，并结合动能定理求解相关物理量

（1）根据牛顿第二定律 F=ma

物体的加速度a==m/s2 =" 5.0" m/s2

（2）物体在t =" 2.0" s内通过的距离

×5.0×2.02m =" 10" m

略

物体由c到b过程，根据牛顿第二定律得，μmgcosθ-mgsinθ=ma

解得a=0.4m/s2

根据v=at得，2=0.4t

解得t=5s

x=at2＞3.2m

则3.2=at12，解得t1=4s

v=at1=1.6m/s

在b到a的过程中，先做匀加速直线运动，达到传送带速度后做匀速直线运动．

加速度a′=μg=8m/s2．

物体由b到a的过程，有v=1.6+8t2，解得t2=0.05s

x2=vt2+a′t22=1.6t2+4t22=0.09m

则匀速运动的位移为2.09-0.09m=2m

t3==1s

所以全程时间t=t1+t2+t3=5.05s．

答：物体A从c点被传送到a点所用的时间为5.05s．

（1）带电系统开始运动后，先向右加速运动；当B进入电场区时，开始做减速运动．故在B刚进入电场时，系统具有最大速度．

设B进入电场前的过程中，系统的加速度为a1，由牛顿第二定律：2Eq=2ma1

B刚进入电场时，系统的速度为vm，由vm2=2a1L     可得vm=

（2）当A刚滑到右边界时，电场力对系统做功为W1=2Eq×3L+（-3Eq×2L）=0

故系统不能从右端滑出，A刚滑到右边界时速度刚好为零．

设B从静止到刚进入电场的时间为t1，则 t1==

设B进入电场后，系统的加速度为a2，由牛顿第二定律-3Eq+2Eq=2ma2

系统做匀减速运动，减速所需时间为t2，则有t2==

系统从开始运动到速度第一次为零所需的时间为t=t1+t2=3

（3）当带电系统速度第一次为零，即A恰好到达右边界NQ时，B克服电场力做的功最多，B增加的电势能最多，此时B的位置在PQ的中点处．

所以B电势能增加的最大值△W1=3Eq×2L=6EqL

答：（1）小球A、B运动过程中的最大速度为vm=．

（2）带电系统从开始运动到速度第一次为零所需的时间为3．

（3）带电系统运动过程中，B球电势能增加的最大值为6EqL．

(1)  (2) W-max0 ; (3) 0.5C

试题分析：（1）设导体棒运动到坐标为x处的速度为v，根据法拉第电磁感应定律可得：E=BLv①

由欧姆定律：②

由于棒做匀加速运动，所以有③

此时棒受到的安培力：④

由牛顿第二定律：⑤

联立①②③④⑤可得： 

（2）设导体棒在x=x0处的动能为EK，则由动能定理可得：EK=max0 ⑥

由能量守恒定律可知：W=Q+EK  ⑦

将⑥式代入⑦式可解得：Q=W-max0

（3）由①②两式可得：⑧

因为a=vt，将题中所给的数据代入⑧式可得：I="2t(A)" ⑨

可知回路中的电流与时间成正比，所以在0-t时间内，通过R0的电荷量为：

由匀加速直线运动的规律可得：，当x=x0时，有

（1） =m/s  （2）F=5N，方向竖直向下；（3）xAC =0.8m

试题分析:（1）对小球，由自由落体运动可得，

       =m/s           

（2）小球过B点时，设管壁对其压力为F，方向竖直向下，由向心力公式：

F+mg=，解得F=5N，方向竖直向下

（3）从B到C的过程中，由平抛运动规律可得，

x=vBt

R=

xAC=x-R=0.8m

（1）10m （2）

试题分析：（1）由题意知：

（2）到O点速度恰为0时，由牛顿第二定律

由平抛运动规律得：

mg，合力方向与竖直方向成θ

试题分析：设小车的加速度为a, 如图，对小球A受力分析，正交分解可得：

Tsinθ＝mAa  ①（1分）

Tcosθ=mAg   ②（1分）

联立①②解得a=gtanθ③(1分)

再对物体B受力分析如图，可知，

在水平方向应用牛顿第二定律得：f=ma    ④(1分)

竖直方向有：FN＝mg    ⑤(1分)

联立③④⑤可求得f与FN的合力F＝mg（2分）

设合力方向与竖直方向成α，则tanα==tanθ,（2分）

所以α＝θ，即合力方向与竖直方向成θ，（也可写成与水平方向成90°－θ）(1分)