热门试卷

(1)  (2)

试题分析：（1）在P点： 可得

A→P     可得

（2）由于即电场力等于重力，所以小球动能最大的位置在小球到达PC中点（与O点连线与水平方向夹角为450位置）

由动能定理

(1)12m/s  (2)5s  (3)13m

试题分析：（1）当工件达到最大速度时将保持向上的匀速运动，有：

         ①

               ②

联解①②并代入数据得

     ③

（2）工件被匀加速向上吊起时，a不变，v变大，P也变大，当P= P0时匀加速过程结束，根据牛顿第二定律得：

       ④

        ⑤

         ⑥

联解④⑤⑥并代入数据得：

          ⑦

（3）根据动能定理，有：

     ⑧

代入数据解得：h =13m       ⑨

评分参考意见：本题满分10分，其中⑧式2分，①②③④⑤⑥⑦⑨式各1分；若有其他合理解法且答案正确，可同样给分。

（1）t=1s（2）

试题分析：（1）设木板在时间t内的位移为x1；木块的加速度大小为a2，时间t内的位移为x2

则有x1= v0t-           ①

x2=           ②

x1=                       ③

又                           ④

你入数据得t=1s                       ⑤

(2)根据牛顿第二定律，有   ⑥

                      ⑦

解得                 ⑧

评分标准：本题共10分，③⑥每式2分，其余每式1分

点评：本题难度较小，明确两物体的位移关系，由运动学规律求解

⑴30m/s   ⑵1.5×104kw   ⑶10m/s2

试题分析：根据动能定理，

又  P=Fvm=Ffvm=kmgvm，

联列以上两式可得 ，

代入数据得 vm2－60vm+900=0， 

解得火车行驶的最大速度   vm=30m/s。

（2）火车的额定功率

P=kmgvm=0.05×1 000×103×10×30W=1.5×107W。

（3） 由，

解得当火车的速度为10m/s时火车的加速度

m/s2m/s2="1" m/s2

点评：该题为机车启动问题，注意当牵引力等于阻力时速度达到最大值，该题难度适中．

（1）     （2）过程见解析

试题分析：

（1）水平恒力与位移方向相同，所以水平恒力所做的功  

摩擦力方向与位移方向相反，摩擦力所做的功 

（2）物体在合外力作用下做匀加速直线运动，有

由牛顿第二定律，合外力 

合外力对物体所做的功    

（1）5.1×104W（2）2.04×104W

试题分析：(1)设起重机允许输出的最大功率为P0，重物达到最大速度时，拉力F0等于重力。

P0＝F0vm                              F0＝mg    

代入数据，有：P0＝5.1×104W                      （4分）

(2)匀加速运动结束时，起重机达到允许输出的最大功率，设此时重物受到的拉力为F，速度为v1，匀加速运动经历时间为t1,有：

P0＝Fv1        F－mg＝ma               v1＝at1    

代入数据，得：t1＝5 s                             （2分）

t＝2 s时，重物处于匀加速运动阶段，设此时速度为v2，输出功率为P，则

v2＝at                 P＝Fv­2   

 代入数据，得:P＝2.04×104W。                     （2分）

点评：高中物理中，分析受力和物理过程是非常重要的．最大功率要用第三阶段中的计算，而不能用第一阶段中的F与第三阶段中的Vm的乘积计算，两个F是不同的；是最终速度，整个过程并不全是匀加速运动，不能用Vm=at来计算整个过程时间． 应该根据来求t． 要注意某一时刻的物理量要对应起来．

（1）        （2）

设物体所受滑动摩擦力为，物体在O～10s的运动过程中，

由牛顿第二运动定律得

    ①                              

根据v—t图象及运动学公式得

    ②                                   

物体在10s～14s的运动过程中，由牛顿第二运动定律得

    ③                             

根据v一t图象及运动学公式得

    ④                                  

由①、②、③、④式求得

拉力    ⑤                              

又       ⑥                            

动摩擦因数    ⑦

（1）0.2   （2）6.76 m

试题分析：设木块加速的加速度为 

（1）                （1分）

          （1分） 

       （1分）

解得            （3分）

（2）2s末木块的速度：     （1分）

匀减速阶段          （1分）

木块继续滑行的距离     （1分）

解得：s＝6.76 m              （1分）

点评：中等难度。动力学的两类基本问题（1）已知受力情况求运动情况：已知物体的受力情况，由牛顿第二定律求出物体的加速度，再通过运动学公式就可以确定物体的运动情况．（2）已知运动情况求受力情况：已知物体的运动情况，根据  运动学公式求出物体的加速度，再根据牛顿第二定律确定物体所受的力．在处理动力学的两类基本问题时，加速度是联系运动和力的纽带、桥梁．

(1) 3m.. (2) m=2.5kg。(3) 40J．

(1) 分析斜面上滑块受力，由牛顿第二定律得，mgsinθ=ma1，

解得a1=6m/s。

由传感器记录到的力和时间的关系图象可知，滑块在斜面上运动时间为t1=1s，

斜面BC的长度，s=a1t12=×6×12m=3m..。

(2) 滑块对斜面压力，N1’=mgcosθ，

斜面对传感器压力F1= N1’sinθ

由传感器记录到的力和时间的关系图象可知，F1=12N，

联立解得滑块的质量m=2.5kg。

(3) 滑块滑到B点时速度，v1= a1t1=6m/s。

由传感器记录到的力和时间的关系图象可知，滑块在水平木板上滑动的摩擦力F2=5N，时间t2=2s。

滑块在水平木板上滑动的加速度

a2= F2/m=2m/s2.,

滑块在水平木板上滑动的位移

x= v1 t2-a2t22=6×2m-×2×22m=8m。

运动过程中滑块克服摩擦力做的功W=F2x=5×8J=40J

最大3N，最小1N

物体A不滑落的临界条件是A到达B的右端时，A、B具有共同的速度v1，则：=+L…①又：=…②

由、①、②式，可得：aB=6m/s2 F=m2aB-µm1g=1N

若F＜1N，则A滑到B的右端时，速度仍大于B的速度，于是将从B上滑落，所以F必须大于等于1N．

当F较大时，在A到达B的右端之前，就与B具有相同的速度，之后，A必须相对B静止，才不会从B的左端滑落．

即有：F=（m+m）a，µm1g=m1a　所以：F=3N

若F大于3N，A就会相对B向左滑下．综上：力F应满足的条件是：1N≤F≤3N