热门试卷

解：A、测周期时，将n取30到50次全振动，

C、根据单摆的周期公式T=2π，得：g=；

D、测量摆长时，摆长的下端应从摆球的球心算起．

按实验原理，其合理顺序：先拴好小球，悬挂在铁架台上，再测量摆长，其次测量周期，最后由公式计算重力加速度，即为：BDAC；

在测量周期时，摆球必须从通过平衡位置开始计时，能准确确定所在的平衡位置，从而减小实验误差．

故答案为：，摆球球心，BDAC，平衡．

解：（1）由图示秒表可知其示数为：60s+40.2s=100.2s，单摆周期：T===≈3.58s；

由图示游标卡尺可知，其示数为16mm+6×0.05mm=16.30mm；

（2）由单摆周期公式：T=2π可得，g=；

A、在海拔较低处做该实验，所测重力加速度不受影响，故A错误；

B、摆长等于摆线长度与摆球半径之和，在未悬挂摆球之前先测定好摆长，所测摆长偏小，所测重力加速度偏小，故B错误；

C、开始计时时，秒表过迟按下，所测周期偏小，所测重力加速度偏大，故C正确；

D、摆线长度与摆球半径之和是摆长，将摆线长和球的直径之和当成了摆长，摆长偏大，所测重力加速度偏大，故D正确；

故答案为：（1 ）3.58s；16.30mm；（2）CD．

解：（1）根据单摆的周期公式T=2π得：g=4π2；

刻度尺的分度值为0.5mm，图中摆线长与小球直径的和为：88.20cm，则摆长为：88.20cm-=87.20cm；

（2）为减小空气阻力与摆长变化对实验的影响，应选用密度大而体积小的球作为摆球，应选长度不易发生变化的线作为摆线，因此摆球应选B，摆线选C；

（3）单摆摆长等于摆球半径与摆线长度之和，应先测出摆球直径，然后把单摆悬挂好，再测出摆线长度，摆球半径与摆线长度之和是单摆摆长，故D正确；

（4）由单摆周期公式T=2π得：g=4π2；

A、由g=4π2可知，重力加速度与摆球质量无关，故A错误；

B、由g=4π2可知，重力加速度与振幅无关，故B错误；

C、算摆长时没有加上摆球的半径，摆长偏小，由g=4π2可知，重力加速度的测量值偏小，故C错误；   

D、将实际振动次数n次误记成（n+1）次，所测周期T偏小，由g=4π2可知，重力加速度的测量值偏大，故D正确；

故选：D．

故答案为：（1）4π2；87.20cm；（2）BC（3）D（4）D．

解：（1）A、直接测量一次全振动的时间较短，不利于减小误差．故A错误；

B、用秒表测30至50次全振动的时间，计算出平均周期，利于减小误差，故B正确；

C、在平衡位置启动秒表开始计时，在平衡位置结束计时，因为速度最大，误差比较小；故C正确，D错误；

故选：BC；

（2）根据单摆的周期公式，有：

T=2π

解得：

g=

（3）在测量摆长后，测量周期时，摆球振动过程中悬点处摆线的固定出现松动，摆长略微变长；

计算时，摆长的测量值偏小，根据公式g=，故重力加速度的测量值偏小；

故答案为：（1）BC；（2）；（3）偏小．