热门试卷

将速度分解到垂直于平行班电容器两极板和沿着平行班电容器两极板方向，垂直于平行班电容器两极板做匀加速直线运动，沿着平行班电容器两极板方向做匀速直线运动，由动能定理得

2qEd=Ek0

AB、根据电容的定义式C= Q/U，电容器与电源保持相连，则U不变，当下极板竖直向下移动一小段距离，间距增大，C减小，则Q也减小，电容器处于放电，短时间电流指针会发生偏转，故A正确，B错误；C、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据E= U/d得知板间场强减小，故C正确；D、由C选项分析可知，因电场强度减小，则电场力减小，那么粒子会向下运动；故D错误；

A、点电荷到达x2位置速度第一次为零，在3位置第二次速度为零，可知点电荷从O点运动到x2，再运动到x3的过程中，速度先减小再增大，然后均匀减小，故A错误；

B、由图可知，x轴正方向上场强沿着x轴正方向，场强大小是非线性变化．x轴负方向场强方向沿着x轴负方向，为匀强电场．点电荷从O点运动到x2，场强先增大后减小，再增大后减小，电场力先增大后减小，再增大后减小，其加速度先增大后减小，再增大后减小．从x2运动到x3的过程中，加速度也先增大后减小，再增大后减小，然后加速度不变，故B错误；

C、电荷运动过程中动能和电势能之和保持不变，动能最小则电势能就最大，故点电荷到达x2位置速度第一次为零，在x3位置第二次速度为零，在x2，x3位置电势能最大，故C错误；

D、根据动能定理，电荷由O点与x2和O点与x3都有： ，故：UOx1=UOX2，故D正确; 

依题意画出电场线如图所示：

A、对于正电荷Q的分电场，B点电势等于C点的电势，对于负极板的电场，C点的电势大于B点的电势，故考虑合电场在C点的电势大于B点的电势，故A错误；

B、正电荷Q在A、D两点产生的场强是等大的，而负极板在A、D点产生的场强均向左且A点场强大于D点场强，根据矢量合成可知A点的场强大，故B错误；

C、根据对称性可知，AB电势相等，CD电势相等，则A、B两点间的电势差UAB等于D、C两点间的电势差UDC，都为零，故C错误；

D、电场线的切线方向为该点场强方向，正电荷所受力的方向与电场强度方向相同，则从A到AB中点的过程中，电场力方向与位移方向夹角大于90°，电场力做负功，从AB中点到B点的过程中，电场力方向与位移方向夹角小于90°，电场力做正功，故D正确．

由Wab=qUab=0，得Uab=0，又匀强电场中等势面是平面，电场线与等势面垂直，所以场强方向与△abc所在平面平行且与ab垂直。

Wac=qUac=,得Uac=100V,

垂线d=ac×sin300=0.1m

E=Uac/d=1000V/m,

电场力做正功，所以所以场强方向与△abc所在平面平行且与ab垂直，方向向上。

A、根据题意，带电粒子以速度v 0垂直中垂线从C点垂直纸面向里射入电场，恰能绕O点做匀速圆周运动，合力指向O点，带电粒子的电性与Q相反；如果粒子所带电性与两个点电荷相同，合力就背离O点向外，不可能做圆周运动，故A正确；

B、若该粒子从C点射入电场的速度小于V0，所受电场力大于所需要的向心力做近心运动，故B错误；

C、若该粒子从C点射入电场的速度大于v 0 ，所受电场力小于所需要的向心力，做离心运动，故C错误；

D、带电粒子从中垂线上的其他点射入电场，所受电场力大小改变，如果改变速度大小，使得电场力等于所需要的向心力，仍可能做圆周运动，故D错误；

A、B.断开细线后，两球组成的系统合力为零，总动量守恒，根据动量守恒定律得，（m1+m2）v=m1v′得，金属小球的速度大小为,细线断开后，电场力对金属小球做正功，两球组成的系统机械能增加，故AB正确；

    C、断开细线后，木球的机械能守恒，则有：，得，则两点A、B之间的电势差为,故C正确；

     D、小木球从点A到点B的过程中，其动能的减少量等于小木球重力势能的增加量，故D错误．