热门试卷

(1)a,b,d,c　(2)A

(3)大于　稀释相同倍数,HX的pH变化比CH3COOH大,酸性强,电离平衡常数大　大于　HX酸性强于CH3COOH,稀释后c(H+)小于CH3COOH溶液中的c(H+),所以对水的抑制能力减弱　(4)9.9×10-7 mol/L

(1)观察电离平衡常数可知酸性为CH3COOH>H2CO3>HClO>HC,而这些酸失去氢离子后水解能力却正好相反,所以得出pH大小顺序为a,b,d,c。

(2)醋酸是弱电解质,稀释后电离程度增大,但CH3COOH、CH3COO-、H+浓度却都要减小,但c(OH-)却是增大的,且CH3COOH浓度减少最多,所以A减小,B增大,C不变,D增大。

(3)观察图示稀释100倍pH变化小于两个单位说明HX也为弱酸,pH变化大于醋酸pH变化,因此酸性大于醋酸,电离常数大于醋酸;稀释后c(H+)小于醋酸溶液中的c(H+),所以对水的电离抑制能力减小。

(4)根据电荷守恒得c(CH3COO-)-c(Na+)=c(H+)-c(OH-)=10-6 mol/L-10-8 mol/L=9.9×10-7 mol/L。

先产生白色沉淀至最大量，而后又逐渐溶解至消失；Al3++3OH-==Al(OH)3↓、Al(OH)3+OH-==AlO2-+

2H2O

(1)1.0×10－4 mol/L

(2)1×10－7

(3)增大 (4)106

(1)HA电离出的c(H＋)＝0.1×0.1% mol/L＝1×10－4 mol/L；

(2)电离平衡常数

K＝＝＝1×10－7；

(3)因HA的电离是吸热过程，升高温度c(H＋)、c(A－)均增大，则K增大；

(4)c(H＋)HA＝1×10－4 mol/L，c(H＋)水＝c(OH－)＝＝1×10－10 mol/L，所以c(H＋)HA∶c(H＋)水＝(1×10－4)∶(1×10－10)＝106。

(共14分）

(1) ①②③⑤⑥⑦⑧  （2）④⑩  （3）①②⑤⑦⑧  （4）③⑥   (各２分）

（5）NH3·H2O  NH４ ++OH-；NaHCO3＝Na ++ HCO3－(各3分）

试题分析：(1) 属于电解质的有 ①②③⑤⑥⑦⑧ ；（2）属于非电解质的有：④⑩；

（3）属于强电解质的有①②⑤⑦⑧；（4）属于弱电解质的有③⑥；

（5）NH3·H2O的电离方程式：NH3·H2O  NH４ ++OH-；  

NaHCO3的电离方程式     NaHCO3＝Na ++ HCO3－。

点评：水溶液中或熔融状态下能够电离的化合物称为电解质,常见的酸、碱、盐都是电解质如：碳酸、硫酸、硝酸、磷酸、乙酸（醋酸）都是酸，氢氧化钡、一水合氨、氢氧化铜都是碱，碳酸钠、碳酸钙、碳酸氢钠、硫酸铜晶体都是盐，它们都是电解质。在上述两种情况下都不能导电的化合物称为非电解质，蔗糖、乙醇等都是非电解质。（大多数的有机物都是非电解质）（单质，混合物不管在水溶液中或熔融状态下是否[1]能够导电，都不是电解质或非电解质。）

在水溶液中几乎完全发生电离的电解质叫做强电解质；在水溶液中不完全发生电离的电解质叫做弱电解质。

电解质与非电解质的区别

电解质是指在水溶液中或熔融状态下能够导电的化合物，例如酸、碱和盐等。凡在上述情况下不能导电的化合物叫非电解质，例如蔗糖、酒精等。

能导电的化合物不一定是电解质，判断某化合物是否是电解质，不能只凭它在水溶液中导电与否，还需要进一步考察其晶体结构和化学键的性质等因素。例如，判断硫酸钡、碳酸钙和氢氧化铁是否为电解质。硫酸钡难溶于水，溶液中离子浓度很小，其水溶液不导电，似乎为非电解质。但熔融的硫酸钡却可以导电。因此，硫酸钡是电解质。碳酸钙和硫酸钡具有相类似的情况，也是电解质。从结构看，对其他难溶盐，只要是离子型化合物或强极性共价型化合物，尽管难溶，但溶的那部分是完全电离的，所以也是电解质。因为溶解是绝对的，不溶是相对的。没有绝对不溶的物质。

方法一：分别取两张PH试纸放在玻璃片上，用玻璃棒分别蘸取0.1mol/L的HCl 和0.1mol/L的CH3COOH 测PH，用标准比色卡对照。PH小的为强酸，PH大的为弱酸。

方法二：取等量CaCO3粉末于两只试管中，再分别加入等体积的0.1mol/L的HCl 和0.1mol/L的CH3COOH，反应较剧烈的为强酸，反应不太剧烈的为弱酸。 （任写出一种方法给３分）

试题分析：本题考察学生对于化学实验知识的掌握程度，以及学生自行设计实验方案的能力，属于开放性试题，对于学生的综合测评较为全面。

点评：本题属于实验开放题，在比较酸性强弱中有很多方法，可以测定同浓度溶液的pH，也可以利用强酸制弱酸来设计，答案不限。

（1）在O点醋酸未电离，无自由离子存在

（2）c＜a＜b

（3） c

（4） ①加NaOH固体；②加少量的碳酸钠固体；③加入镁等金属；④醋酸钠固体

试题分析：氨水中存在NH3+H2ONH3•H2ONH4++OH-，向氨水中加入少量硫酸铵，硫酸铵电离出铵根离子，导致溶液中铵根离子浓度增大，抑制氨水电离，平衡向左移动，所以溶液中氢氧根离子浓度减小；向氨水中加入少量硝酸，氢离子和氢氧根离子反应，导致氢氧根离子浓度减小，促进氨水电离，平衡向右移动；向氨水中加入少量氢氧化钾，导致氢氧根离子浓度增大，抑制氨水电离，平衡向左移动，故答案为：

(1)4Fe2++O2+4H+4Fe3++2H2O

(2)①将Fe2＋氧化为Fe3＋   B ②CuO［或Cu(OH)2或CuCO3］ 3.7≤a<5.4  4.0×10－5

(3)在HCl气氛下蒸发，以抑制CuCl2水解

试题分析：(1)实验室配制FeCl2溶液时需加入少许盐酸和铁粉，目的是为了防止亚铁离子被氧化和析出沉淀，若只加盐酸、不加铁粉，溶液的亚铁离子被氧化为铁离子，其离子方程式为：4Fe2++O2+4H+4Fe3++2H2O；(2)氯化铜晶体(CuCl2·2H2O)中含FeCl2杂质，加氧化剂X的目的是将Fe2＋氧化为Fe3＋，最适合作氧化剂X的是H2O2，因为其氧化产物无污染，且容易除去；②物质Y是为了调节溶液的pH，并且不能引入新的杂质，或者是杂质很容易就除去了，故Y应该为CuO［或Cu(OH)2或CuCO3］，右表可以看出，铁离子在pH为3.7时沉淀完全，而铜离子在5.4时才开始沉淀，故a的范围为3.7≤a<5.4；若25℃时，a=3的溶液中，则c (OH－)＝10-11mol/L，c(Fe3+)=4.0×10-38/（10-11）3mol/L= 4.0×10－5 mol/L；(3)欲将CuCl2·2H2O加热制得无水CuCl2，因为其为强酸弱碱盐，所以必须在HCl气氛下蒸发，以抑制CuCl2水解。

点评：本题考查了盐类水解，溶度积等知识点，这些考点都是高考考查的重点和难点，本题有一定的综合性，关键是要根据表中的数据进行解答，本题难度中等。

1）＞、=        （2）= 、＜

试题分析：（1）与锌反应的速率与电离出的氢离子浓度有关，等物质的量浓度的强酸和弱酸，强酸电离出的氢离子浓度大于弱酸电离出的氢离子浓度，所以开始反应速率A>B，与过量的锌反应产生H２的体积与酸的物质的量有关，强酸和弱酸的物质的量相等，所以产生氢气的体积A=B。（2）pH相同的强酸和弱酸，强酸的物质的量浓度小于弱酸的物质的量浓度，所以刚开始反应速率A=B，与过量Zn反应，产生H２的体积A

点评：一元强酸和一元弱酸比较主要从相同物质的量浓度相同体积和相同pH相同体积两方面进行比较。

(1)“O”点时只有醋酸分子，没有自由移动的离子

(2)c＜a＜b

(3)加NaOH固体  加镁  加锌

因为加入的是纯醋酸，“O”点时只有分子，没有自由移动的离子，所以导电能力为0，而在以后的几点，导电能力强，说明自由移动的离子浓度大，因此三点溶液由大到小的顺序为c＜a＜b。在醋酸溶液中存在CH3COOHCH3COO-+H+。要使c（CH3COO-）增大，需要溶液体积不变的情况下，平衡向右移动，可采取加NaOH，碳酸钠固体、镁、锌等活泼金属。

(1)①；②

(2)①CO或CO2的生成速率与消耗速率相等；②CO或CO2的质量不再改变（答案合理即可）

(3)b

(4)Al(OH)3H++AlO2-+H2O；盐酸

（1）A1 NaOH     A2 NaNO2    B1 HNO3    B2 NH4NO3  (每空1分)

（2）B1电离出的H+抑制水的电离，B2电离出的NH4+促进水的电离（2分）

A1 溶液中的水的电离程度小于A2 溶液中水的电离程度，说明A1是碱，A2是盐水解显碱性。B1 溶液中的水的电离程度小于B2溶液中水的电离程度，同样可知B1是酸，B2是盐水解显酸性。所以正确的组合是A1 NaOH     A2 NaNO2    B1 HNO3    B2 NH4NO3。

(1)强　0.01 mol·L－1HA的pH为2，说明HA完全电离

(2)<　M＋＋H2OMOH＋H＋,1×10－amol·L－1,(3)c(M＋)>c(A－)>c(OH－)>c(H＋),(4)＝　0.005

此题为关于溶解度曲线的题目，首先要看清曲线：起点（强酸弱酸、强碱弱碱），曲线平滑、滴定终点、pH=7的点等等。（1）因为浓度0.01mol/L,pH=2，故该酸为一元强酸；（2）V=50ml滴定终点时，pH<7，为强酸弱碱盐，水解为酸性。故该碱为弱碱，M++H2OMOH+H+，促进水的电离c(OH－)＝1×10－amol·L－1；（3）K点为MA和MOH的混合溶液，故离子浓度大小关系为c(M＋)>c(A－)>c(OH－)>c(H＋)，（4）根据物料守恒，c(A-)+c(HA)=0.1L×0.01mol/L=0.001mol,c(M＋)＋c(MOH)= 0.1L×0.02mol/L=0.002mol；故有c(M＋)＋c(MOH)=2[c(A-)+c(HA)]> 2c(A-)