热门试卷

（1）CH4(g)+2NO2(g)=N2(g)+CO2(g)+2H2O(g) △H=-867kJ•mol-1 （2）①＜ ②B

（3）12NH3+3O2+4SO2+4NO2+6H2O=4(NH4)2SO4+4NH4NO3

（4）①A， 2NO3-+6H2O+10e-＝N2↑+12OH-   ②7.2

试题分析：（1）（①+②）÷2可得：CH4(g)+2NO2(g)=N2(g)+CO2(g)+2H2O(g) △H=-867kJ•mol-1

（2）① 由甲醇的体积分数φ(CH3OH) 与反应温度T的关系曲线可以看出：当升高温度时甲醇的体积分数减小，说明升高温度化学平衡向逆反应方向移动。根据平衡移动原理：升高温度，化学平衡向吸热反应反应移动，逆反应方向是吸热反应，所以正反应为放热反应，所以△H＜0.② CO2(g) + 3H2(g) = CH3OH(g) + H2O(g)由图可知：反应的容器容积为1L，当反应进行到10分钟时达到平衡，此时CO2的转化率为0.75. CH3OH的平衡浓度为0.75mol/L.A. 此时若向该容器中再充入1mol CO2和3mol H2，假如平衡不发生移动，由于C（CO2）C(H2)都是原来的2倍，则再次达到平衡时c(CH3OH) ="1.5" mol/L。而实质上这是一个反应前后气体体积不等的可逆反应，增大反应物的浓度，也就增大了压强。增大压强化学平衡向气体体积减小的方向即正反应方向移动。所以当达到新的平衡时c(CH3OH)大于1.5 mol/L。错误。B.由于在反应中CO2和H2是按照1:3关系反应的，投入量也是按照1:3加入的，所以再次达到平衡时，氢气的转化率不变，仍为0.75。正确。C．0～10分钟内，V(CO2)= ΔC/Δt="0.75mol/L÷10min=" 0.075mol/( L•min) .V(H2): V(CO2)=3:1,所以V(H2) ="3" V(CO2)= 3×0.075mol/( L•min) = 0.225mol/( L•min).错误。D．该温度下，反应的平衡常数的值K="{" c(CH3OH)·c(H2O)}÷{ c(CO2)·c3(H2)}=" (0.75×0.75)" ÷{0.25×(3-0.75)3}=0.1975.错误.E.由于该反应的正反应是放热反应，所以升高温度将使平衡逆向移动，n(CH3OH)/n(CO2)减小。错误。正确选项为B。（3）该反应的化学方程为12NH3+3O2+4SO2+ 4NO2+6H2O= 4(NH4)2SO4+4NH4NO3（4）① 由于NO3- →N2 ，得到电子，所以应该接电源的负极，作阴极。即A为电源的正极，B为电源的负极。阴极反应式为2NO3-+10e-+6H2O=N2↑+12OH-。② 电解池右侧NO3-转化成N2，发生还原反应：2 NO3-+10e－+6H2O = N2↑+ 12OH－ ，其电极应为阴极，则左侧发生 氧化反应：2H2O―4 e－ =O2↑+4H+，其电极作阳极，与其相连的A端为电源的正极；转移1mol电子时，左侧减少0.1molN2，2.8g，右侧生成0.25molO2,8g，1molH+，由于H+可通过质子交换膜由左侧进入右侧，则右侧电解液质量实际减少：2.8g-1g=1.8g，左侧电解液质量实际减少：8g+1g=9g，则两侧质量差为9g -1.8g=7.2g。3- 的原理等的知识。

（1）2NO（g）+2CO（g）=N2（g）+2CO2（g）△H=-759.8kJ/mol；（2分）

（2）①c （2分） ②0.015 （2分）③升温  （2分）④1/36 （2分） 逆向（2分）

（3）SO2+ 2H2O-2e-=SO42-+4H+  （2分）    0.5   （2分）

试题分析：（1）由图知298K条件下1mol NO2和1mol CO反应生成1mol CO2和1mol NO 的热化学方程式为NO2（g）+CO（g）=NO（g） +CO2（g）△H=-234kJ/mol     ③；NO与CO反应生成无污染气体是氮气和二氧化碳气体，根据盖斯定律得②-①+2×③即为所求，所以答案是2NO（g）+2CO（g）=N2（g）+2CO2（g）△H=-759.8kJ/mol；

（2）①NO2（g）+CO（g）=NO（g） +CO2（g），该反应为反应前后气体物质的量不变的可逆反应，压强始终不变，a错误；b、体积不变，NO的物质的量增加，浓度增大，平衡逆向移动，K不变，错误；c、升高温度后，平衡逆向移动，K减小，N02的转化率减小，正确；d、充入氦气，容器体积不变，所以反应物的浓度不变，平衡不移动，错误答选c；

②在0～2 min内NO的浓度增加0.03mol/L,所以v（NO）="0.03mol/L/2min=0.015" mol·L-1·min-1

③第4 min时反应物浓度增大，生成物浓度减小，说明平衡逆向移动，所以是升温；

④6min时各物质的平衡浓度分别为c(NO2)="0.18" mol·L-1,c(CO)="0.08" mol·L-1,c(NO)=c(CO2)="0.02" mol·L-1,所以K= c(NO)·c(CO2)/c(NO2)·c(CO)=1/36；此时再向容器中充人CO、NO各0．060 mol，则c(NO)·c(CO2)/c(NO2)·c(CO)>1/36，所以平衡逆向移动；

(3)二氧化硫在负极通入，发生氧化反应，电极反应式为SO2+ 2H2O-2e-=SO42-+4H+，当有0.25molSO2被吸收时，转移电子的物质的量是0.5mol，根据得失电子守恒，正极发生O2+4e-+4H+=2H2O，则通过质子（H+）交换膜的H+的物质的量为0.5mol。

（1）b    -91kJ/mol （2）ABC（3）0.075mol/(L·min)    0.5mo/L    12  正向（4）CH3OH(l)+3/2O2(g)=CO2(g)+2H2O(l) △H=-281kJ/mol(3分)

试题分析：（1）根据图像可知，b曲线能量较低，故b为加入催化剂。根据图像可知△H=419kJ/mol-510kJ/mol=-91kJ/mol。（2）根据图像2可知，起始是加入CO的浓度为1mol/L，10min后达到平衡，平衡时CO的转化率为（1mol/L-0.25mol/L）/1mol/L×100%=75%。生产CH3OH的浓度为0.75mol/L。A选项正确，B选项，根据勒夏特列原理可知，增加CO的浓度，H2的转化率将增大。C选项，由于反应物化学计量数之和不等于产物计量数之和可知，当容器中压强恒定时，反应达到平衡状态。故选择A、B、C。（3）v(CO)=（1mol/L-0.25mol/L）/10min=0.075mol/(L·min)。根据CO(g)+2H2(g)CH3OH(g)可知，消耗n(CO):n(H2)=1:2，故消耗H2的物质的量为0.75mol×2=1.5mol，达到平衡时剩余H2的物质的量为2mol-1.5mol=0.5mol。故浓度为 0.5mo/L。该温度下化学平衡常数为0.75/0.52×0.25=12。反应物化学计量数之和大于产物计量数之和，压缩体积，平衡向正反应方向移动。（4）32gCH3OH为1mol，产物中H2O为2mol，由H2O(l)= H2O(g)；ΔH＝＋44 kJ/mol。故热化学方程式为：CH3OH(l)+3/2O2(g)=CO2(g)+2H2O(l) △H=-281kJ/mol。

（8分）

（1）CO(g) +NO2 (g) =CO2(g)+NO (g)   ΔH=－234kJ/mol      （2分）

（2）＞                                                   （1分）

（3）a b                                                   （2分）

（4）①NH3·H2O  NH4++OH-  （其他合理答案也给分） （2分）

②  b                                                 （1分）

试题分析：（1）反应物断化学键吸收的能量-生成物形成化学键放出的能量=反应的焓变，所以△H=134KJ·mol－1-368KJ·mol－1=-234kJ·mol－1；CO和NO2反应生成NO和CO2的热化学方程式为：CO（g）+NO2（g）═CO2（g）+NO （g）△H=-234kJ·mol－1，

答案为：CO（g）+NO2（g）═CO2（g）+NO （g）△H=-234kJ·mol－1；

（2）N2（g）+3H2（g）2NH3（g）△H＜0，反应是放热反应，温度升高平衡逆向进行，平衡常数减小，所以K1＞K2，故答案为：＞；

（3）a．依据正反应速率之比等于化学方程系数之比，V正（H2）=3V正（N2），依据v正（H2）=3v逆（N2）可知V正（N2）=v逆（N2），说明反应达到平衡，a正确；

b．反应前后气体体积分数变化，容器内压强保持不变证明反应达到平衡，b正确；

c．反应过程中气体质量和混合气体体积不变容器中混合气体的密度保持不变，不能证明反应达到化学平衡，c错误；

d．N2、H2、NH3的浓度之比为1：3：2只能说明反应了之比等于系数之比，不能证明反应达到平衡，d错误；

答案为：ab；

（4）①用化学用语说明所得氨水能使酚酞变红的原因，可以利用电离平衡说明，电离方程式为：NH3·H2ONH4＋+OH－，故答案为：NH3·H2ONH4＋+OH－；

②25℃时，依据溶液中存在的电荷守恒为c（H＋）+c（NH4＋）=c（OH－）+c（Cl－），将一定量的氨水与盐酸混合后pH=7，c（H＋）=c（OH－），测该混合溶液中c（Cl－）与c（NH4＋）关系相等，答案为：b．

考点 ：反应热和焓变；化学平衡常数的含义；化学平衡状态的判断．

（1）①   ②<  ③D

(2) ①ΔH3=ΔH1+ΔH2。

②如图

（起点，画在0.15到0.2之间，终点，不高于原平衡线都正确）

③=。温度不变K不变，加入3molCO后容器体积变为6L，经计算Qc=K=9,所以平衡不移动。

试题分析：(1) ①对于在一定体积的密闭容器内发生的有气体参加的反应来说，气体的物质的量的比等于压强之比。所以当反应达到平衡后，平衡时生成物各组分的压强幂指数的乘积与反应物各组分的压强幂指数的乘积的比。。②放热反应和体系混乱程度增大的反应是自发进行的反应。对于反应2NO(g)+2CO2CO2(g)+N2(g)是混乱程度减小的反应，要使反应在低温下能自发进行，则该反应的ΔH<0. ③A.由于该反应的正反应为放热反应。所以随着反应的进行，体系的温度不断升高，正反应速率不断加快。有更多的反应物变为生成物，所以逆反应速率也不断加快。若反应达到平衡。由于该反应的正反应为放热反应，所以升高温度，平衡向逆反应方向移动。V正应该减小。但在c点未看到速率减小的趋势，所以未达到平衡状态。正确。B．由速率图像可以看出：反应速率a点小于b点。正确。C．由图像可以看出：在从开始到t3以前，V正在不断的增大，反应正向进行。反应未达到平衡状态。因为反应是从正反应方向开始的，所以反应物浓度a点大于b点。正确。：D. 因为t2 --tl=t3－t2，速率不断加快，单位时间内物质改变的浓度大，所以反应物的转化率NO的转化率：t2～t3 > tl～t2。错误。（2）① ①＋②整理可得ΔH3=ΔH1＋ΔH2。②由于温度不变，所以化学平衡常数就不会变化。在加入1 mol H2O（g）的一瞬间，H2的物质的量没变，所以H2的体积分数为0.5÷3=.由于增大反应物的浓度，化学平衡正向移动，会产生更多的H2，因此H2的体积分数不断增大。假如c(CO)改变浓度为x,则再次达到平衡时c(CO)=0.5-x;c(H2O)=1.5-x;c(CO2)=" 0.5+x" ; c(H2)=" 0.5+x." (0.5-x )×(1.5-x)=" (0.5+x" )×(0.5+x).解得此时H2的体积分数为(1/6+0.5)÷3=2/9.图像见答案。③恒温条件下，在体积可变的密闭容器中发生反应：CO(g)+2H2(g) CH3OH(g)到达平衡时，测得CO、H2、CH3OH分别为1 mol、1 mol、1 mol，容器的体积为3L，现往容器中继续通人3 mol CO，温度不变K不变，加入3molCO后容器体积变为6L =K。所以所以平衡不移动。v（正）= v（逆）。

Ⅰ．N2H4(g)+2F2(g)=N2(g)+4HF(g) △H=－1135kJ·mol－1   （2分）

Ⅱ．(1) 小于（2分）  　0.015 mol·L－1·s－1     （2分）

（2)   a 、c　（2分）  （3）通入氧气、增大压强（2分） 

（4）720  （2分）  （5）25%（2分）

试题分析：Ⅰ．由N2H4（g）+O2（g）=N2（g）+2H2O（g）；△H=-543kJ•mol-1①

H2(g)+  F2(g)  =  HF(g)     △H = －269kJ·mol－1②

H2(g)+  O2(g)  =  H2O(g)     △H = －242kJ·mol－1③

利用盖斯定律可知①+②×4-③×2可得反应N2H4（g）+2F2（g）=N2（g）+4HF（g），

该反应的△H=（-543kJ•mol-1）+4×（-269kJ•mol-1）-2×（-242kJ•mol-1）=-1135kJ•mol-1，

故答案为：N2H4（g）+2F2（g）=N2（g）+4HF（g）△H=-1135kJ•mol-1

Ⅱ．(1) 化学平衡常数，是指在一定温度下，可逆反应都达到平衡时各生成物浓度的化学计量数次幂的乘积除以各反应物浓度的化学计量数次幂的乘积所得的比值，据此书写；K800℃>K1000℃，说明升高温度平衡向逆反应移动，故正反应是放热反应；v(O2)=（0.100－0.040）mol/2L×2 s＝0.015 mol·L－1·s－1

（2)a．容器内颜色保持不变 ，说明二氧化氮的浓度保持一个定值，反应达到平衡状态，正确；

B．2v逆(NO)＝v正(O2)，v(NO)与v(O2)的速率比不等于方程式前面的系数，不能判断是否达到平衡，错误．

c．反应是气体压强减小的反应，平衡状态容器内压强保持不变，说明反应达到平衡，正确；

d．由于气体的质量不变，气体的体积不变，则无论是否达到平衡状态，都存在气体的密度保持不变的特征，不能判断是否达到平衡，错误。

（3）根据外界条件对反应速率与平衡的移动分析解答。

（4）平衡常数K，只和温度有关，所以通入2 mol  NO和1 mol O2的平衡常数K和表格中的平衡常数相同。

2NO(g) ＋   O2(g)      2NO2(g)

初始（mol）  0.200       0.100            0

变化（mol）   0.150       0.075           0.150

平衡（mol）   0.050       0.025           0.150

浓度（mol/L） 0.025       0.0125          0.0750 

K＝＝＝720

（5）在上述条件下，若开始通入的是0.2molNO2气体，和开始通入0.200molNO和0.100molO2等效，所以达到平衡状态时NO2浓度是0.0750mol/L，初始浓度是0.100mol/L，所以反应了0.0250mol/L，即NO2转化率是25%。

（1） ①  I ②  <  ③ 0．6 （2）442．8 KJ  （3）CH3OH+8OH- -6e- = CO32- +6H2O0．3NA   负极

试题分析：（1）原子经济就是反应物的原子全部转化为生成物。选择反应I的化合反应。由图可知：T2>T1。升高温度甲醇的物质的量减少，说明升高温度化学平衡向逆反应方向移动。根据平衡移动原理：升高温度化学平衡向吸热反应方向移动。即逆反应方向是吸热反应，所以正反应是放热反应。故△H2<0．③反应开始时C（CO2）="1mol/L," C(H2)=3mol/L由于达到平衡后，测得c(CO2)= 0．2 mol/L，CO2改变浓度是0．8mol/L,所以H2改变浓度为2．4mol/L． H2平衡浓度为0．6mol/L．产生的甲醇、水蒸汽的浓度都是0．8mol/L．平衡时总浓度是2．4mol/L,而开始时总浓度是4mol/L。所以这时的压强是开始的2．4mol/L÷4mol/L=0．6倍。（2）①-②+③×4得：2CH3OH(l) + 2O2(g) =" 2CO" (g) + 4H2O(l) ΔH =-1275．6 kJ/molΔH =-885．6 kJ/mol。所以产生1mol一氧化碳和液态水放出的热量为442．8 KJ．（3）甲醇燃料电池的负极是通入甲醇的电极，电极反应为CH3OH+8OH- -6e- = CO32- +6H2O。每摩尔的甲醇反应转移电子9摩尔。消耗甲醇1．6克时，n(CH3OH)=1．6g÷32g/mol=0．05mol,所以转移电子0．3 NA。③若以此燃料电池为铅蓄电池充电，则应将图中右侧电极连接蓄电池的负极。

（1）①0.225mol/(L·min)   ② A C    ③C D    ④5.33    ⑤＜

（2）①负； ②3O2＋12e－＋6H2O＝12OH－（O2＋4e－＋2H2O＝4OH－也算对） （3）

试题分析：（1）①根据图像可知，反应进行到10min是物质的浓度不再发生变化，反应达到平衡状态，此时生成甲醇的物质的量浓度是0.75mol/L，则根据反应的方程式可知，消耗氢气的浓度是0.75mol/L×3＝2.25mol/L，所以v(H2)＝2.25mol/L÷10min＝0.225mol/（L•min）。

②在一定条件下，当可逆反应的正反应速率和逆反应速率相等时（但不为0），反应体系中各种物质的浓度或含量不再发生变化的状态，称为化学平衡状态，据此可以判断。A、根据方程式可知，反应两边气体的体积不相等，恒温、恒容时在反应过程中压强是变化的，当容器内的压强不再变化使，可以证明正逆反应速率相等，达到了平衡状态，故A正确；B、密度是混合气的质量和容器容积的比值，在反应过程中质量和容积始终是不变的，即气体的密度始终不变，所以恒温、恒容时，容器内混合气体的密度不再变化不能说明反应是否达到平衡状态，B不正确；C、一定条件下，CO、H2和CH3OH的浓度保持不变，说明正逆反应速率，达到了平衡状态，故C正确；D、根据方程式可知，一定条件下，单位时间内消耗3molH2的同时，必然生成1molCH3OH，因此用H2、CH3OH的物质的量浓度变化表示的反应速率的比为3:1的状态，不能判断正逆反应速率是否相等，故D错误，因此答案为A、C。

③A、催化剂不能改变平衡状态，所以加入催化剂不能使平衡混合物中n(CH3OH)/n(CO2)增大，A不正确；B、充入He气，参加反应的物质的浓度不变，平衡不移动，即平衡混合物中n(CH3OH)/n(CO2)不变，故B错误；C、将H2O（g）从体系中分离，生成物浓度减小，平衡向正反应方向移动，则平衡混合物中n(CH3OH)/n(CO2)增大，故C正确；D、该反应正反应为放热反应，则降低温度平衡向正反应方向移动，能使平衡混合物中n(CH3OH)/n(CO2)增大，故D正确，答案选C、D。

④化学平衡常数是在一定条件下，当可逆反应达到平衡状态时，生成物浓度的幂之积和反应物浓度的幂之积的比值，即K＝。达到平衡时，c(CO2)＝0.25mol/L，c(CH3OH)＝0.75mol/L，根据方程式可知c(H2O)＝0.75mol/L。同样根据反应方程式，反应氢气的消耗浓度为生成的甲醇浓度的3倍，所以平衡状态时氢气的浓度为＝3mol/L－3×0.75mol/L＝0.75mol/L，因此K＝＝≈5.33。

⑤该反应正方应是放热反应，升高温度平衡向逆反应方向移动，平衡常数减小，所以K2＜K1。

（2）原电池中负极失去电子，发生氧化反应。正极得到电子，发生还原反应，所以根据电池总反应式2CH3OH＋3O2＋4OH－＝2CO32－＋6H2O可知，甲醇是还原剂，氧气是氧化剂，因此充入CH3OH的电极为负极，氧气在正极通入。由于电解质是＝碱性溶液，所以充入O2的电极反应式为3O2＋12e－＋6H2O＝12OH－。

（3）已知反应①2CH3OH(l)＋3O2(g)＝2CO2(g)＋4H2O(g) △H1、②2CO(g)+O2(g)＝2CO2(g) △H2，则根据盖斯定律可知，（①－②）÷2即得到反应CH3OH(l)＋O2(g)＝CO(g)＋2H2O(g)，所以该反应的反应热△H＝。

（6分）（1） 124.2（2分） （2）4.2×10-7； （2分） （3） n-1 （2分）

试题分析：（1）根据盖斯定律可知，由①C3H8（g）CH4（g）+HC≡CH（g）+ H2（g） △H1＝＋156.6kJ/mol和②CH3CH=CH2（g）CH4（g）+ HC≡CH（g） △H2＝＋32.4kJ/mol，即①-②即得到C3H8（g）CH3CH=CH2（g）+ H2（g），所以反应的反应热所以△H＝△H1-△H2＝＋156.6kJ/mol－（＋32.4kJ/mol）＝＋124.2kJ/mol。

（2）忽略水的电离及H2CO3的第二级电离，pH＝5.60，则c（H+）＝10-5.60＝2.5×10-6mol/L， 由H2CO3HCO3-+H+可知，平衡时c（H+）＝c（HCO3-）＝2.5×10-6mol/L，c（H2CO3）＝（1.5×10-5－2.5×10-6）mol/L，则Ka＝。

（3）设H＋和CH3COO－离子物质的量都是x，则醋酸分子的物质的量是nc－2x，所以根据原子守恒可知nc－2x＋x－c，解得x＝nc－c。因此CH3COOH在该温度下的电离度为。

点评：该题是高考中的常见题型，属于中等难度的试题。试题综合性强，在注重对学生基础知识巩固和训练的同时，侧重对学生能力的培养和方法的指导，有利于培养学生的逻辑推理能力。该题的关键是明确明确盖斯定律、电离平衡常数和电离度的计算原理，然后灵活运用即可。

I．C(s) + H2O(g)  CO(g)+H2(g) （1分）

II．（1）3CO(g)＋3H2(g)  CH3OCH3(g) ＋CO2(g) △H1＝－246．1kJ·mol－1    > （1分）

（2）0．1mol/(L·min)  （1分）  5．4 （1分）

（3）大于（1分）   1．6mol/L （1分）

（4）CH3OCH3 -12e-+16OH - = 2CO32-+11H2O （1分）  9．6g （2分）

试题分析：I．根据题给平衡常数表达式，结合质量守恒定律写出，化学方程式为

C(s) + H2O(g)  CO(g)+H2(g)；II．（1）根据盖斯定律，①×2+②+③得催化反应室中总反应的热化学方程式为3CO(g)＋3H2(g)  CH3OCH3(g) ＋CO2(g) △H1＝－246．1kJ·mol－1；该反应放热，降温平衡向正向移动，K增大，故在催化反应室中反应③的K＞1．0；（2）根据v=△c/△t,将题给数据代入计算，v(CO)= 0．1mol/(L·min)；根据平衡计算——三行式计算。

CO(g)＋2H2(g)CH3OH(g)      CO(g)＋2H2(g)CH3OH(g)

起始浓度（mol/L）  1      2.4          0           4      a           0

转化浓度（mol/L）  0.5     1           0.5          2      4           2

平衡浓度（mol/L）  0.5    1.4          0.5          2      a-4         2

将有关数据代入平衡常数表达式，计算得a=5．4；

（3）①根据信息知，Q= c(CH3OCH3) c(H2O)/ c2(CH3OH),代入数据计算得Q=2.4，Q＜K，反应正向进行，v正大于v逆；②根据平衡计算——三行式进行计算。平衡时二甲醚的物质的量浓度是1．6mol/L；

（4）以二甲醚、空气、KOH 溶液为原料，以石墨为电极可直接构成燃料电池，二甲醚发生氧化反应，在负极发生反应，根据原子守恒和电荷守恒，该电池的负极反应式为CH3OCH3 -12e-+16OH - = 2CO32-+11H2O；根据电子守恒计算析出铜的质量，2m(Cu)/64=1.12/22.4×0.5×12，m(Cu)=9.6g。

（1）①2O3(g)＝3O2(g) △H＝－285kJ/mol （2分）  ②2H++O2+2e-＝H2O2（2分）

（2）①0.009mol/(L•min)（没写单位不给分，2分）

②0.56（2分）③C、D（2分）④减小CO2的浓度（2分）⑤不变（2分）

试题分析：（1）①a、6Ag(s)+O3(g)＝3Ag2O(s) △H＝－235.8 kJ/mol，b、2Ag2O(s)＝4Ag(s)+O2(g)△H＝+62.2kJ/mol，所以依据盖斯定律可知，a×2+b×3即得到：2O3(g)＝3O2(g)，所以该反应的反应热△H＝－235.8 kJ/mol×＋62.2kJ/mol×3＝－285kJ/mol；即2O3(g)＝3O2(g) △H＝－285kJ/mol。

②电解池中阳极失去电子，发生氧化反应。阴极得到电子，发生还原反应。根据阳极制得臭氧，阴极制得过氧化氢可知，电解的总反应方程式为3H2O+3O23H2O2+O3，其中阳极反应为3H2O－6e-＝O3+6H+，阴极反应为6H++3O2+6e-＝3H2O2。

（2）①根据表中数据可知10 min～20 min以内v(CO2)表示的反应速率＝＝0.009mol/(L•min)。

②根据表中数据可知T1℃时该反应平衡浓度为，c(N2)＝0.3mol/L、c(CO2)＝0.3mol/L、c(NO)＝0.4mol/L，所以该温度下该反应的平衡常数K＝=＝0.56。

③根据反应式C(s)+2NO(g)N2(g)+CO2(g)可知，反应是气体体积不变的反应。在一定条件下，当可逆反应中正反应速率和逆反应速率相等时（但不为0），各种物质的浓度或含量均不再发生变化的状态，是化学平衡状态，则A、反应是气体体积不变的反应，反应过程中和反应平衡状态压强相同，所以容器内压强保持不变不能说明反应达到平衡，故A错误；B、反应速率之比等于化学方程式系数之比，当v正(NO)＝2v逆(N2)，反应达到平衡，v正(NO)＝2v正(N2)只能说明反应正向进行，故B错误；C、容器内CO2的体积分数不变，说明反应达到平衡，故C正确；D、混合气体密度等于气体的总质量除以容器的体积，反应中碳是固体，平衡移动气体质量变化，体积不变，所以混合气体的密度保持不变，说明反应达到平衡，故D正确，答案选CD。④30min时改变某一条件，反应重新达到平衡，根据表中数据可知c(N2)＝0.34mol/L、c(CO2)＝0.17mol/L、c(NO)＝0.32mol/L，所以依据平衡常数K＝可知，K＝＝0.56，即平衡常数不变。由于化学平衡常数随温度变化，平衡常数不变说明改变的条件一定不是温度；依据数据分析，氮气浓度增大，二氧化碳和一氧化氮浓度减小，反应前后气体体积不变，所以可能是减小容器体积后加入氮气。

⑤一定温度下，随着NO的起始浓度增大，反应C(s)+2NO(g)N2(g)+CO2(g)是气体体积不变的反应；增大一氧化氮浓度相当于增大体系压强，平衡不动，一氧化氮转化率不变。

（1）   bd      （各1分，共2分，选错不得分）

（2）CH4(g)+N2O4(g) =N2(g) +2H2O(g) + CO2(l) △H=" —898.1kJ/mol" （2分）

（3）① ＞（1分）　＜（1分）②KP＝ （2分） ； ③ C（2分）

（4）NO2+NO3— —e-=N2O5 （2分）  

（5）76g（2分）

试题分析：（1）a、正反应速率等于逆反应速率时，达到平衡状态，此时反应速率不再变化，所以图像不符合，错误；b、因为容器为绝热，所以t1时平衡常数不变，说明反应已达到平衡，正确；c、t1时CO、CO2的物质的量还在变化，没有达到平衡状态，错误；d、t1时NO的质量分数不再变化，说明反应已达到平衡，正确。

（2）首先写出化学方程式并注明状态，然后根据盖斯定律求出焓变，△H=∆H1-∆H2+2×∆H3= —898.1kJ•mol‾1，可写出热化学方程式。

（3）①、根据化学方程式可知气体的系数增大，说明∆S>0；脱氨率达到最高点之后继续升高温度，脱氨率降低，说明平衡向逆反应方向移动，则正反应为放热反应，∆H<0。

②、根据化学方程式中物质的状态和系数可得：KP＝

③A、两种催化剂在本题温度时脱氮率不同，错误；B、改变压强，化学平衡移动，脱氮率发生变化，错误；

C、催化剂①在250℃时脱氮率最高，催化剂②在450℃左右脱氮率最高，正确。

（4）燃料电池中O2在正极上发生得电子反应，则NO2在负极上失电子生成更高价态的N2O5，电极方程式为：NO2+NO3— —e-= N2O5

（5）尿素吸收NO、NO2生成对大气无污染的气体，则化学方程式为：CO(NH2)2 + NO +NO2 =2N2 +CO2+2H2O，1mol尿素反应吸收1mol NO和1mol NO2，质量为：30g+46g=76g。

（1）0．0015 mol/（L ·min）（2分）

（2）增大压强加快反应速率，反应向正反应方向移动（2分）；

（3）3Na2O（s）+C（s,金刚石) = 4Na（g）+Na2CO3（l）△H= —4．2kJ/mol（2分）；

（4）O2+2H2O+4e－ =4OH－（2分）；

（5）      （2分）

试题分析：（1）先根据定义式求v(Na)，再根据速率之比等于化学方程式中的系数之比求v(CO2)，即v(Na) =0．0020mol/(L•min)， v(CO2)="3" v(Na)/4=0．0015mol/(L•min)；（2）增大压强加快反应速率，反应向正反应方向移动；（3）将已知两个热化学方程式编号为①②，①—②×3可以约去3 CO2(g)，根据盖斯定律，则6Na2O(s)+2C(s，金刚石)=8Na(g)+2Na2CO3(l) △H=—8．4kJ/mol，若系数减半，则焓变也减半，则3Na2O(s)+ C(s，金刚石)=4Na(g)+Na2CO3(l) △H=—4．2kJ/mol；（4）若K接M，则该装置为原电池，模拟铝的吸氧腐蚀，由于铝比石墨活泼，则铝是负极，石墨是正极，负极反应式为Al—3e—=Al3+，正极反应式为O2+4e—+2H2O=4OH—；（5）验证Cu2＋、Ag+氧化性的强弱，可根据置换反应：

Cu+2Ag+=Cu2＋+2Ag来设计原电池，铜发生氧化反应，银离子发生还原反应。所以铜作负极，银作正极，硫酸铜和硝酸银作电解质溶液。