• 直线、平面平行的判定及其性质
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题型:简答题
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简答题

已知a⊄α,b⊄α,a∥b,a∥a.求证:b∥α.

正确答案

证明:过a作平面β,使它与α相交,交线为c.

因为a∥α,a⊂β,α∩β=c,所以a∥c.

因为a∥b,所以b∥c,

因为b⊄α,c⊂α,所以b∥α.

解析

证明:过a作平面β,使它与α相交,交线为c.

因为a∥α,a⊂β,α∩β=c,所以a∥c.

因为a∥b,所以b∥c,

因为b⊄α,c⊂α,所以b∥α.

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题型:简答题
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简答题

已知在空间四边形ABCD中,AC=AD,BC=BD,且E,F分别是CD,AD的中点.

(Ⅰ)求证:EF∥平面ABC;

(Ⅱ)求证:CD⊥AB.

正确答案

(Ⅰ)证明:因为E,F分别是CD,AD的中点,

所以,EF为△ACD的中位线,所以EF∥AC.…(2分)

又因为AC⊂平面ABC,EF⊄平面ABC,

所以,EF∥平面ABC.…(4分)

(Ⅱ)证明:连结AE,BE,

在△ACD中,因为AC=AD,E是CD中点,所以AE⊥CD.…(6分)

同理可证,BE⊥CD.…(7分)

又因为,AE∩BE=E,AE⊂平面ABE,BE⊂平面ABE,

所以,CD⊥平面ABE.…(9分)

又因为,AB⊂平面ABE,

所以CD⊥AB.…(10分)

解析

(Ⅰ)证明:因为E,F分别是CD,AD的中点,

所以,EF为△ACD的中位线,所以EF∥AC.…(2分)

又因为AC⊂平面ABC,EF⊄平面ABC,

所以,EF∥平面ABC.…(4分)

(Ⅱ)证明:连结AE,BE,

在△ACD中,因为AC=AD,E是CD中点,所以AE⊥CD.…(6分)

同理可证,BE⊥CD.…(7分)

又因为,AE∩BE=E,AE⊂平面ABE,BE⊂平面ABE,

所以,CD⊥平面ABE.…(9分)

又因为,AB⊂平面ABE,

所以CD⊥AB.…(10分)

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简答题

已知在三棱柱ABC-A1B1C1中,B1B⊥平面ABC,∠ABC=90°,B1B=AB=2BC=4,D,E分别是B1C1,A1A的中点.

(1)求证:A1D∥平面B1CE;

(2)设M是EB1的中点,N在棱AB上,且BN=1,P是棱AC上的动点,求直线NP与平面MNC所成角θ的取值范围.

正确答案

(1)证明:如图,

连接CB1,C1B交于O,连接OE,因为几何体是三棱柱,所以OD∥A1E,OD=A1E,

所以A1D∥OE,OE⊂平面B1CE,A1D⊄平面B1CE,

所以A1D∥平面B1CE;

(2)建立坐标系,如图

设P(a,b,0),N(0,1,0),M(0,2,3),C(2,0,0),得到=(a,b-1,0),=(0,-1,-3),=(2,-1,0),

设平面MNC的法向量为=(x,y,z),则,令x=1,则=(1,2,),

cos<>==

所以直线NP与平面MNC所成角为θ的范围为[0,arcsin].

解析

(1)证明:如图,

连接CB1,C1B交于O,连接OE,因为几何体是三棱柱,所以OD∥A1E,OD=A1E,

所以A1D∥OE,OE⊂平面B1CE,A1D⊄平面B1CE,

所以A1D∥平面B1CE;

(2)建立坐标系,如图

设P(a,b,0),N(0,1,0),M(0,2,3),C(2,0,0),得到=(a,b-1,0),=(0,-1,-3),=(2,-1,0),

设平面MNC的法向量为=(x,y,z),则,令x=1,则=(1,2,),

cos<>==

所以直线NP与平面MNC所成角为θ的范围为[0,arcsin].

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简答题

已知棱长为2的正四面体A-BCD,面ACD沿CD旋转至面PCD.

(1)二面角A-CD-P的余弦值为何值时,AP∥平面BCD;

(2)在第一问的前提下,求直线AB与平面PCD所成的角的正弦值.

正确答案

解:(1)设二面角A-CD-P的平面角为α,则

取CD中点O,连接AO,BO,则AO⊥CD,BO⊥CD,

∴∠AOB为二面角A-CD-B的平面角,

△AOB中,AB=2,AO=BO=3,

∴cos∠AOB==

∵AP∥平面BCD,

∴cosα=cos(180°-2∠AOB)=-cos2∠AOB=1-2×=

(2)△APO中,AP==2,

在BO上取BE=2,则直线AB与平面PCD所成的角等于直线PE与平面PCD所成的角,

设E到平面PCD的距离为h,则由等体积可得•1•2=

∴h=

∴直线AB与平面PCD所成的角的正弦值为÷2=

解析

解:(1)设二面角A-CD-P的平面角为α,则

取CD中点O,连接AO,BO,则AO⊥CD,BO⊥CD,

∴∠AOB为二面角A-CD-B的平面角,

△AOB中,AB=2,AO=BO=3,

∴cos∠AOB==

∵AP∥平面BCD,

∴cosα=cos(180°-2∠AOB)=-cos2∠AOB=1-2×=

(2)△APO中,AP==2,

在BO上取BE=2,则直线AB与平面PCD所成的角等于直线PE与平面PCD所成的角,

设E到平面PCD的距离为h,则由等体积可得•1•2=

∴h=

∴直线AB与平面PCD所成的角的正弦值为÷2=

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简答题

(2015•西城区一模)如图,在五面体ABCDEF中,四边形ABCD为正方形,EF∥AD,平面ADEF⊥平面ABCD,且BC=2EF,AE=AF,点G是EF的中点.

(Ⅰ)证明:AG⊥CD;

(Ⅱ)若点M在线段AC上,且,求证:GM∥平面ABF;

(Ⅲ)已知空间中有一点O到A,B,C,D,G五点的距离相等,请指出点O的位置.(只需写出结论)

正确答案

(Ⅰ)证明:因为AE=AF,点G是EF的中点,

所以 AG⊥EF.

又因为 EF∥AD,

所以 AG⊥AD.

因为平面ADEF⊥平面ABCD,且平面ADEF∩平面ABCD=AD,AG⊂平面ADEF,

所以 AG⊥平面ABCD.

因为 CD⊂平面ABCD,

所以 AG⊥CD.

(Ⅱ)证明:如图,过点M作MN∥BC,且交AB于点N,连结NF,

因为 ,所以

因为 BC=2EF,点G是EF的中点,

所以 BC=4GF,

又因为 EF∥AD,四边形ABCD为正方形,

所以 GF∥MN,GF=MN.

所以四边形GFNM是平行四边形.

所以 GM∥FN.

又因为GM⊄平面ABF,FN⊂平面ABF,

所以 GM∥平面ABF.

(Ⅲ)解:点O为线段GC的中点.

解析

(Ⅰ)证明:因为AE=AF,点G是EF的中点,

所以 AG⊥EF.

又因为 EF∥AD,

所以 AG⊥AD.

因为平面ADEF⊥平面ABCD,且平面ADEF∩平面ABCD=AD,AG⊂平面ADEF,

所以 AG⊥平面ABCD.

因为 CD⊂平面ABCD,

所以 AG⊥CD.

(Ⅱ)证明:如图,过点M作MN∥BC,且交AB于点N,连结NF,

因为 ,所以

因为 BC=2EF,点G是EF的中点,

所以 BC=4GF,

又因为 EF∥AD,四边形ABCD为正方形,

所以 GF∥MN,GF=MN.

所以四边形GFNM是平行四边形.

所以 GM∥FN.

又因为GM⊄平面ABF,FN⊂平面ABF,

所以 GM∥平面ABF.

(Ⅲ)解:点O为线段GC的中点.

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简答题

如图,在正方形ABCD中,PA⊥底面ABCD,且PA=AB=2,E、F分别是AB与PD的中点.

(1)求证:PC⊥AF;

(2)求证:AF∥平面PEC;

(3)求证:PD⊥平面AFE.

正确答案

解:(1)连接AC,则AC⊥BD.

∵PA⊥平面ABCD,AC是斜线,

PC在平面ABCD上的射影,

∴由三垂线定理得PC⊥BD.

(2)取PC的中点K,连接FK、EK,

则四边形AEKF是平行四边形,

∴AF∥EK,又EK⊂平面PEC,

AF⊄平面PEC,

∴AF∥平面PEC.

(3)连接EF,因为ABCD是正方形,且PA=AB=2,E、F分别是AB与PD的中点.

所以PE=DE=

所以EF⊥PD,AF∩PD,

所以PD⊥平面AEF.

解析

解:(1)连接AC,则AC⊥BD.

∵PA⊥平面ABCD,AC是斜线,

PC在平面ABCD上的射影,

∴由三垂线定理得PC⊥BD.

(2)取PC的中点K,连接FK、EK,

则四边形AEKF是平行四边形,

∴AF∥EK,又EK⊂平面PEC,

AF⊄平面PEC,

∴AF∥平面PEC.

(3)连接EF,因为ABCD是正方形,且PA=AB=2,E、F分别是AB与PD的中点.

所以PE=DE=

所以EF⊥PD,AF∩PD,

所以PD⊥平面AEF.

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简答题

已知在四边形ABCD中,AD=DC=2,AB=4,BC=2,DC⊥AD,沿AC折叠,使D在底面ABC上的射影P在△ABC边AB的高线上.

(1)设E为AC中点,求证:PE∥平面BCD;

(2)求BD与平面ABC的所成角的正切值.

正确答案

(1)证明:连接DE,

∵DA=DC=2,DC⊥AD

又∵E是中点,∴DE⊥AC

又∵DP⊥面ABC,AC⊂面ABC

∴AC⊥DP,又DP∩DE=D

∴AC⊥面DPE.又EP⊂面DEP

∴PE⊥AC(1)

在△ABC中,∵

∴AC2+BC2=AB2

∴BC⊥AC(2)(4分)

又PE,AC,BC都在面ABC内,

由(1),(2)知PE∥BC

又∵PE⊄面BCD,BC⊂面BDC

∴PE∥面BDC(7分)

(2)连接PB,∵DP⊥面ABC

∴∠DPB为BD与面ABC所成的角.

在Rt△ABC中,∵,∴∠CAB=60°,∠ABC=30°

在Rt△ACH中,∠ACH=30°

在Rt△DPE中,

在△BCP中,∠BCP=60°,

在Rt△DBP中,

解析

(1)证明:连接DE,

∵DA=DC=2,DC⊥AD

又∵E是中点,∴DE⊥AC

又∵DP⊥面ABC,AC⊂面ABC

∴AC⊥DP,又DP∩DE=D

∴AC⊥面DPE.又EP⊂面DEP

∴PE⊥AC(1)

在△ABC中,∵

∴AC2+BC2=AB2

∴BC⊥AC(2)(4分)

又PE,AC,BC都在面ABC内,

由(1),(2)知PE∥BC

又∵PE⊄面BCD,BC⊂面BDC

∴PE∥面BDC(7分)

(2)连接PB,∵DP⊥面ABC

∴∠DPB为BD与面ABC所成的角.

在Rt△ABC中,∵,∴∠CAB=60°,∠ABC=30°

在Rt△ACH中,∠ACH=30°

在Rt△DPE中,

在△BCP中,∠BCP=60°,

在Rt△DBP中,

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简答题

如图,在四棱台ABCD-A1B1C1D1中,底面ABCD是平行四边形,DD1⊥平面ABCD,AB=2AD,AD=A1B1,∠BAD=60°.

(1)证明:BD⊥平面ADD1A1

(2)证明:CC1∥平面A1BD.

正确答案

(1)证明:∵AB=2AD,∠BAD=60°,在△ABD中,由余弦定理得

     BD2=AD2+AB2-2AD•ABcos60°=3AD2

∴AD2+BD2=AB2

∴AD⊥BD,

∵DD1⊥平面ABCD,且BD⊂平面ABCD.

∴DD1⊥BD,

又AD∩DD1=D,

∴BD⊥平面ADD1A1

(2)证明:连接AC,A1C1,设AC∩BD=E,连接EA1

∵四边形ABCD是平行四边形,

∴EC=AC,

由棱台定义及AB=2AD=2A1B1

A1C1∥EC,且A1C1=EC,

∴四边形A1ECC1是平行四边形,因此CC1∥EA1

又∵EA1⊂平面A1BD,

∴CC1∥平面A1BD,

解析

(1)证明:∵AB=2AD,∠BAD=60°,在△ABD中,由余弦定理得

     BD2=AD2+AB2-2AD•ABcos60°=3AD2

∴AD2+BD2=AB2

∴AD⊥BD,

∵DD1⊥平面ABCD,且BD⊂平面ABCD.

∴DD1⊥BD,

又AD∩DD1=D,

∴BD⊥平面ADD1A1

(2)证明:连接AC,A1C1,设AC∩BD=E,连接EA1

∵四边形ABCD是平行四边形,

∴EC=AC,

由棱台定义及AB=2AD=2A1B1

A1C1∥EC,且A1C1=EC,

∴四边形A1ECC1是平行四边形,因此CC1∥EA1

又∵EA1⊂平面A1BD,

∴CC1∥平面A1BD,

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简答题

如图,已知在正方体ABCD-A1B1C1D1中,面对角线A1B、BC1的中点为E、F,求证:EF∥平面ABCD.

正确答案

证明:如图

取BB1的中点M,∵点E、F分别是侧面对角线AB1、BC1的中点,

由三角形中位线的性质可得 EM∥AB,而AB⊂平面ABCD,EM⊄平面ABCD内,∴EM∥平面ABCD.

同理可证 FM∥平面A1B1C1D1 ,由平面ABCD∥平面A1B1C1D1

可得FM∥平面ABCD.

由EM∩FM=M,可得平面EFM∥平面ABCD.

∵EF⊂平面EFM,

∴EF∥平面ABCD.

解析

证明:如图

取BB1的中点M,∵点E、F分别是侧面对角线AB1、BC1的中点,

由三角形中位线的性质可得 EM∥AB,而AB⊂平面ABCD,EM⊄平面ABCD内,∴EM∥平面ABCD.

同理可证 FM∥平面A1B1C1D1 ,由平面ABCD∥平面A1B1C1D1

可得FM∥平面ABCD.

由EM∩FM=M,可得平面EFM∥平面ABCD.

∵EF⊂平面EFM,

∴EF∥平面ABCD.

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简答题

如图所示,已知AB⊥平面BCD,M、N分别是AC、AD的中点,BC⊥CD.

(1)求证:MN∥平面BCD;

(2)求证:平面BCD⊥平面ABC;

(3)若AB=1,BC=,求直线AC与平面BCD所成的角.

正确答案

解:(1)∵M,N分别是AC,AD的中点,

∴MN∥CD.

∵MN⊄平面BCD且CD⊂平面BCD,

∴MN∥平面BCD.

(2)∵AB⊥平面BCD,CD⊂平面BCD,

∴AB⊥CD.

∵CD⊥BC且AB∩BC=B,

∴CD⊥平面ABC.

∵CD⊂平面BCD,

∴平面BCD⊥平面ABC.

(3)∵AB⊥平面BCD,

∴∠ACB为直线AC与平面BCD所成的角. 

在直角△ABC中,

∴∠ACB=30°.

故直线AC与平面BCD所成的角为30°.

解析

解:(1)∵M,N分别是AC,AD的中点,

∴MN∥CD.

∵MN⊄平面BCD且CD⊂平面BCD,

∴MN∥平面BCD.

(2)∵AB⊥平面BCD,CD⊂平面BCD,

∴AB⊥CD.

∵CD⊥BC且AB∩BC=B,

∴CD⊥平面ABC.

∵CD⊂平面BCD,

∴平面BCD⊥平面ABC.

(3)∵AB⊥平面BCD,

∴∠ACB为直线AC与平面BCD所成的角. 

在直角△ABC中,

∴∠ACB=30°.

故直线AC与平面BCD所成的角为30°.

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