- 孟德尔的豌豆杂交实验(一)
- 共5422题
下列各组说法中对于交配类型及其对应的应用说法不正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、若具有一对相对性状的两个亲本杂交，后代只表现一个亲本的性状，则表现出的该性状为显性性状，因此通过杂交可以鉴别相对性状的显隐性关系，A正确；
B、测交可用来鉴定某一显性个体的基因型和它形成的配子类型及其比例，B正确；
C、动物不能自交，因此自交不可用于动物的基因型鉴定，C错误；
D、杂合子连续自交，后代中纯合子的比例逐渐升高，因此自交有助于提高种群中纯合子的比例，D正确．
故选：C．
有一种家鼠，当用黄色鼠和灰色鼠杂交，得到F1黄色和灰色两种鼠的比例是1：1．将F1中黄色鼠自由交配，F2中的黄色和灰色比例是2：1．对上述现象的解释中不正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、家鼠皮毛性状受一对等位基因控制，其遗传遵循孟德尔规律，A错误；
B、由于显性纯合致死，故该种家鼠中黄色个体一定为杂合体，B正确；
C、根据分析可知，黄色家鼠基因纯合时，在胚胎时期已死亡，C正确；
D、据分析可知，家鼠的这对性状中黄色对灰色显性，D正确．
故选：A．
水稻的粳性与糯性是一对相对性状，由等位基因A、a控制．已知粳性花粉遇碘呈蓝紫色，糯性花粉遇碘呈红褐色．现在用纯种的粳稻和糯稻杂交，取F1的花粉加碘液染色，在显微镜下随机选择多个视野，观察并计数．
（1）两种颜色的花粉粒数量比例约为______．
（2）实验结果可验证孟德尔的______定律．
（3）如果让F1自交，产生的植株中花粉有______种类型．
（4）如果将F1水稻的花粉进行离体培养，所得植株的基因型是______，在一般情况下，这种植株能否产生可育后代？______，因为______．
正确答案
解析
解：（1）由以上分析可知两种颜色的花粉粒数量比例约为1：1．
（2）实验结果可验证孟德尔的分离定律，即F1产生配子时，显性遗传因子和隐性遗传因子彼此分离．
（3）如果让F1自交，能产生三种基因型的后代，即AA、Aa、aa，这些植株只能产生2种类型的花粉．
（4）将F1水稻的花粉进行离体培养，所得植株的基因型是 A、a（或A和a），这些植株都是单倍体植株，在减数分裂时联会紊乱，不能产生正常配子，所以在一般情况下，这些植株不能产生可育后代．
故答案为：
（1）1：1
（2）分离
（3）2
（4）A、a（或A和a） 不能 减数分裂时联会紊乱，不能产生正常配子
测交之所以能够测出F1的基因组成，这是因为（ ）
正确答案
解析
解：测交的过程中，隐性纯合子产生的配子只含有一种隐性配子，能使得F1中含有的基因，在后代中全表现出来，分析测交后代的性状表现即可推知被测个体产生配子的种类．
故选：B．
原产欧洲南部喷瓜的性别不是由性染色体决定，而是由3个复等位基因aD、a+、ad决定的，aD对a+为显性，a+对ad为显性，它们的性别表现与基因型如表所示．现有两株喷瓜杂交，产生的后代有雄性、雌雄同株、雌性这三种性别的表现型，则其比例为（ ）
正确答案
解析
解：根据题意已知aD对a+为显性，a+对ad为显性，雌性、雄性、两性植株的基因依次是ad、aD、a+．两株喷瓜杂交，产生的后代有雄性（ aDa+或aDad ）、雌雄同株（a+a+或a+ad）、雌性（adad）这三种性别，说明两株喷瓜的基因型是aDad和a+ad，则后代的基因型为aDa+、aDad、a+ad、adad，表现型分别是雄性、雄性、雌雄同体、雌性，所以后代雄性、雌雄同株、雌性这三表现型的比例为2：1：1．
故选：C．
采用下列哪一组方法，可以依次解决①～④中的遗传学问题（ ）
①鉴定一只白羊是否是纯种 ②区分女娄菜披针型叶和狭披针型叶的显隐性关系
③不断提高小麦抗病品种的纯合度 ④检验杂种F1的基因型．
正确答案
解析
解：①鉴定一只白羊是否为纯种，可用测交法；
②在一对相对性状中区别显隐性，可以用杂交法或自交法（只能用于植物）；
③不断提高小麦抗病品种的纯合度，常用自交法；
④检验杂种F1的基因型采用测交的．
故选：B．
某家庭4个成员中，父亲的红细胞能被其妻、女、子的血清凝集；母亲的红细胞只能被其夫、女的血清凝集；姐姐的红细胞不能被父、母、弟的血清凝集；弟弟的红细胞只能被父、姐的血清凝集．已知弟弟的红细胞膜上不含A凝集原，推测其父亲的血型是（ ）
正确答案
解析
解：根据以上分析，弟弟的红细胞膜上不含A凝集原，则弟弟可能是B或者O，但是弟弟的红细胞只能被父、姐的血清凝集，可以知道弟弟是B型血，父亲的血型是A或者AB；而姐姐的红细胞不能被父、母、弟的血清凝集，所以父亲A型，姐姐AB型．
故选：B．
（2016•北海模拟）人脸的有酒窝和无酒窝是一对相对性状，受一对等位基因控制．有人对某一社区的家庭进行了调查，结果如表：
回答问题：
（1）控制有酒窝和无酒窝的基因位于______染色体上，判断的依据是______．
（2）从组合1的数据看，子代性状没有呈典型的孟德尔分离比（3：1），其原因是______．
（3）若一对有酒窝的夫妇生了一个左脸有酒窝、右脸没有酒窝的男孩，出现这种情况的原因可能是______．
（4）一对有酒窝夫妇生了一个无酒窝的儿子，不考虑突变的情形，则这对夫妇生一个女儿有酒窝的概率是______．
正确答案
解析
解：（1）由分析可知，有酒窝是显性性状，假设基因位于性染色体上，有酒窝父亲（XAY）的女儿（XAX-）不能表现为无酒窝性状，与第一、二组的调查结果不符，所以基因位于常染色体上，因此控制酒窝的基因位于常染色体上．
（2）组合1涉及195个家庭，这195个家庭的基因型可能是AA×Aa、AA×AA、Aa×Aa，因此对于195个家庭的后代，没有出现有酒窝：无酒窝=3：1的性状分离比，而是远大于该比值．
（3）一对有酒窝的夫妇生了一个左脸有酒窝、右脸没有酒窝的男孩，最可能的原因是发生体细胞突变．
（4）一对有酒窝夫妇生了一个无酒窝的儿子，不考虑突变的情形，这对夫妻的基因型是Aa×Aa，子代的基因型及比例关系是AA：Aa：aa=1：2：1，其中A_表现为有酒窝，占75%，因此生一个女儿，该女儿有酒窝的概率是75%．
故答案为：
（1）常 从表格数据可判断有酒窝为显性性状．假设基因位于性染色体上，有酒窝父亲（XAY）的女儿（XAX-）不能表现为无酒窝性状，与第一、二组的调查结果不符，所以基因位于常染色体上．（其他合理答案也给分）
（2）只有双亲均为Aa的后代才会出现3：1的性状分离比，而第一组的双亲基因型组合可能为AA×Aa、AA×AA、Aa×Aa．
（3）体细胞发生了基因突变
（4）75%
果蝇灰身（B）对黑身（b）为显性，现将纯种灰身果蝇与黑身果蝇杂交，产生的F1代再自交产生F2代，将F2代中黑身果蝇除去，让灰身果蝇中基因型相同的个体交配，产生F3代，问F3代中灰身与黑身果蝇的比例是（ ）
正确答案
解析
解：由以上分析可知F2的基因型及比例为BB：Bb：bb=1：2：1，去除F2中所有黑身果蝇，则剩余果蝇中，BB占
故选：B．
A该致病基因在常染色体上
BⅡ1的致病基因来自于Ⅰ1，和Ⅰ2
CⅡ3与Ⅰ1、Ⅰ2的基因型均相同
DⅡ4号为纯合子的概率是
正确答案
解析
解：A、题中双亲正常，Ⅱ1患病，此病应为隐性遗传病；又因为女儿患病，父亲正常，故可确定该病为常染色体隐性遗传病，故A正确；
B、如果用A、a这对基因表示，Ⅱ1的基因型为aa，两个a基因分别来自于双亲，则双亲的基因型均为Aa，故B正确；
C、根据凝胶电泳处理后得到的带谱可以看出，Ⅱ1基因型为aa，带谱中只呈现短带，双亲基因型为Aa，带谱中一条长带一条短带，表明长带表示A基因，短带表示a基因，因此从图中可以得出，Ⅱ3基因型亦为Aa，故C正确；
D、根据C项结论，Ⅱ4号个体带谱中只有长带，因此基因型应为AA，故D错误．
故选D．
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