热门试卷

解：（1）根据G基因决定雄株，g基因决定两性植株，g-基因决定雌株．G对g、g-是显性，g对g-是显性；又自然种群中，喷瓜决定性别的基因型共有5种，所以两性植株和雌株的基因型种类分别有2种和1种，即gg、gg-和g-g-．雄株的基因型为Gg或Gg-．

（2）两性植株的基因型为gg和gg-，群体内随机传粉，gg的后代都是gg，而gg-的后代有gg、gg-和g-g-，所以纯合子比例明显高于杂合子比例．

（3）由于雄株的基因型有两种，即Gg和Gg-，所以要确定雄株的基因型，可让该雄株与雌株杂交，得到足够多的后代，观察后代植株的性别状况，即可判定．如果后代没有雌株植株，说明雄株的基因型是Gg；如果后代出现雌株植株，说明雄株的基因型是Gg-．由于两性植株的基因型有两种，即gg和gg-，所以要确定雄株的基因型，可让该两性植株自交，观察子代性别．

故答案为：

（1）2、1    Gg或Gg-

（2）A（或高于）

（3）是   让该两性植株自交，观察子代性别

解：（1）两头黑牛交配，产生了一头棕色子牛，即发生了性状分离，说明黑色相对于棕色为显性．

（2）由第（1）问可知，两头黑牛的基因型都是Bb，产生的棕色子牛基因型为bb．

（3）两头黑牛的基因型都是Bb，它们交配产生的后代中AA（黑色）：Aa（黑色）：aa（棕色）=1：2：1，由此可见，产生一黑色子牛的可能性是，黑色子牛中纯合子占；判断黑色子牛是否为纯合子，可采用测交法，即用它与隐性个体杂交，所以选棕色牛．

（4）杂种雌牛的基因型为Bb，雄牛X与多头杂种雌牛相交配，产生的20头子牛，若全为黑色，则说明雄牛X很可能是显性纯合子，其基因型最可能是BB；若子牛中14牛为黑牛，6头为棕色（bb），即黑色：棕色≈3：1，则X雄牛的基因型最可能是Bb．

故答案为：

（1）黑色 

（2）Bb×Bb、bb　　

（3）75%    C 

（4）BB  Bb

解：（1）①由题图知，非糯性水稻自交，产生糯性和非糯性两种后代，说明非糯性是显性性状，糯性是隐性性状．

②F1非糯性水稻自交产生的后代中，出现糯性和非糯性水稻，这种现象在遗传学上称为性状分离．

③杂合F1在产生配子时控制糯性的基因和控制非糯性的基因发生分离，分别进入不同的配子中，形成了2中类型的比例，且是1：1，非糯性花粉遇碘变蓝黑色，糯性花粉遇碘变橙红色，如果F1的非糯性水稻的花粉加碘染色，在显微镜下观察，呈蓝黑色花粉和呈橙红色花粉的比例约为1：1，验证了基因的分离定律．

④F1是杂合子，杂合子自交产生的后代中非糯性与糯性之比是3：1，即F2中出现糯性水稻的比例是．

（2）①a过程是用限制性核酸内切酶（限制酶）切割DNA片段，该酶的作用特点是只能识别特定的核苷酸序列，并在特定的切点上切割DNA分子．

②c过程称为逆（或反）转录形成DNA，原料是4种脱氧核苷酸．

故答案为：

（1）①非糯性     ②性状分离     ③1：1     ④

（2）①限制性核酸内切酶（限制酶）

只能识别特定的核苷酸序列，并在特定的切点上切割DNA分子

②逆（或反）转录    4种脱氧核苷酸

解：植物常用自交法进行验证，根据一对相对性状遗传实验的结果，若杂合子自交后代表现型比例为3：1，则该性状的遗传符合分离定律，根据两对相对性状遗传实验结果，若杂合子自交后代表现型比例为9：3：3：1，则两对性状遗传符合自由组合定律；采用测交法进行验证时，若杂合子测交后代两种表现型比例为1：1，则该性状遗传符合分离定律，若双杂合子测交后代出现四种表现型比例为1：1：1：1，则两对性状的遗传符合分离定律．本题中两种方法均可选择．若采用自交法，则遗传图解如下：

若F1籽粒中：

①若黄粒（A_）：白粒（aa）=3：1，则验证该性状的遗传符合分离定律；

②若非糯粒（B_）：糯粒（bb）=3：1，则验证该性状的遗传符合分离定律；

③若黄非糯粒：黄糯粒：白非糯粒：白糯粒=9：3：3：1，即：A_B_：A_bb：aaB_：aabb=9：3：3：1，则验证这两对性状的遗传符合自由组合定律．

故答案为：

若F1籽粒中：

①若黄粒（A_）：白粒（aa）=3：1，则验证该性状的遗传符合分离定律

②若非糯粒（B_）：糯粒（bb）=3：1，则验证该性状的遗传符合分离定律

③若黄非糯粒：黄糯粒：白非糯粒：白糯粒=9：3：3：1，即：A_B_：A_bb：aaB_：aabb=9：3：3：1，则验证这两对性状的遗传符合自由组合定律

解：（1）根据实验二，亲本表现型为红果和黄果，但杂交后代只有红果，说明红果为显性性状；根据实验三，亲本表现型都为红果，但杂交后代出现了黄果，发生了性状分离，所以红果为显性性状．

（2）由于红果的基因型是AA或Aa，机时黄果的基因型只能是aa，所以根据各组杂交后代的表现型和植株数目，可判断各组实验中两个亲本的基因组成．实验一红果×黄果为Aa×aa；实验二红果×黄果为AA×aa；实验三红果×红果为Aa×Aa．

（3）实验三中，红果与红果杂交得到3：1的分离比，符合杂合子自交的结果，因此亲本基因型为Aa×Aa，则子代中基因型有AA：Aa：aa=1：2：1．

故答案为：

（1）红果   黄果   二或三   

（2）Aa×aa    AA×aa    Aa×Aa   

（3）AA、Aa、aa    1：2：1

解：（1）由图分析，细胞中有4对同源染色体，其中3对常染色体和1对异型的性染色体，所以此果蝇是雄性的．已知缺失一条染色体的个体为单体，所以从变异类型来看，单体属于染色体数目变异．

（2）已知果蝇单体的体细胞中含有7条染色体，所以产生的配子中的染色体数目为4条或3条．

（3）从表格中可看出，短肢果蝇个体与纯合正常肢个体交配得F1，F1都是正常肢且子二代中正常肢：短肢=3：1，所以显性性状为正常肢．

故答案为：

（1）雄性    染色体数目变异

（2）4条或3条

（3）正常肢   F1全为正常肢（或F2中正常肢：短技≈3：1）

解：将纯种高茎豌豆（DD）与矮茎豌豆（dd）杂交得到的F1代（Dd）．F1代（Dd）经减数分裂产生D和d2种不同类型的雌雄配子，其比为1：1．F1自交，F2的基因型有3种，比例为1：2：1；F2的表现型有高茎与矮茎两种，其比为3：1，其中，不能稳定遗传、后代会发生性状分离的基因型是Dd．

故答案为：2     1：1   3   1：2：1    Dd

解：（1）根据题意和图示分析可知：单瓣紫罗兰自交得F1中出现性状分离，说明单瓣为显性性状，实验中F1重瓣紫罗兰的基因型为aa．

（2）F2中单瓣紫罗兰（Aa）联会的一对同源染色体，A基因所在的染色体部分缺失，且一条染色体上的两条染色单体的基因相同．单瓣紫罗兰的基因型有Aa、Aa-、A-a、A-a-，其中Aa自交后代单瓣：重瓣=3：1，Aa-自交后代全是单瓣，A-a-不能产生后代，说明F1的基因型为A-a，雌配子基因型及其比例是A-：a=1：1，雄配子只有a．

（3）为探究“染色体缺失的花粉是否致死”，设计如下实验方案：

实验步骤：

①取上述实验中单瓣紫罗兰的花药进行离体培养，获得单倍体；

②用秋水仙素处理单倍体幼苗，获得正常植株；

③统计、观察子代的花瓣性状．

实验结果及结论：

若子代花瓣只有一种重瓣性状表现，则染色体缺失的花粉致死；

若子代花瓣有单瓣和重瓣两种性状表现，则染色体缺失的花粉可育．

故答案为：

（1）单瓣    aa     

（2）A-：a=1：1   a

（3）单瓣紫罗兰     用秋水仙素处理单倍体幼苗，获得正常植株   只有一种重瓣性状表现    有单瓣和重瓣两种性状表现

解：（1）由以上分析可知，该病是常染色体上隐性遗传病．

（2）Ⅱ-6是患者，其基因型为aa；Ⅰ-3正常，则其基因型为Aa．

（3）Ⅳ-16的基因型为aa，他父母的基因型均为Aa，Ⅳ-15正常，则其的基因型是AA或Aa，它是杂合子的概率为．

（4）Ⅱ-8的基因型为aa，Ⅲ-12、Ⅲ-13、Ⅲ-14都正常，那么Ⅱ-7最可能的基因型是AA．Ⅲ-11和Ⅲ-13的基因型均为Aa，他们若婚配，则后代患病的概率为．

故答案为：

（1）常  隐

（2）Aa    aa

（3）AA    Aa    

（4）AA