热门试卷

解：（1）在非洲地区黑人中有4%的人是该病患者，会在成年之前死亡，有32%的人是携带者，不发病但血液中有部分红细胞是镰刀形，则还有64%为HbA基因纯合子，所以HbS基因的基因频率是4%+32%×=20%．由题意可知存活下来的个体基因型为HbAHbA、HbAHbS，如果该地区流行性疟疾的发病率很高，且镰刀形红细胞能防止疟原虫寄生，那么该地区基因型为 HbAHbS的个体存活率最高．而将该地区黑人迁移到不流行疟疾的美洲地区后，HbS基因的基因频率将逐渐降低．

（2）图1中1号和2号正常，生出了有病的女儿4号，所以该病的遗传方式是常染色体隐性遗传，Ⅱ6的基因型是 HbAHbA（）或HbAHbS（）．已知Ⅱ7也来自非洲同地区，则其携带的概率为32%÷（32%+64%）=，Ⅱ6和Ⅱ7再生一个孩子，患镰刀形细胞贫血症的概率是××=．

（3）镰刀形细胞贫血症是一种单基因遗传病，患者血液中的红细胞全部是镰刀形的．所以已经出生的孩子可以检测其红细胞的形状来确定是否为患者，而未出生的孩子只能提取DNA，再用脱氧核苷酸为原料在试管中复制出大量DNA，然后进行基因诊断．

（4）如图该基因突变是由于碱基对变成了碱基对，一个碱基对替换只影响一个氨基酸的种类发生变化，由于基因突变后酶切位点的丢失，使酶切片段长，根据题意片段越大，在凝胶上离加样孔越近，可知B为胎儿患病，C中出现两条杂交带所以为携带者．

故答案是：

（1）20%     HbAHbS    降低（减少）

（2）常    HbAHbA或HbAHbS    （5.56%）

（3）红细胞      脱氧核苷酸

（4）T-A   A-T     1     B      C

解：（1）检测某动物的基因型，常用测交法，即选取多只用不含添加剂的食物喂养的黑体雌果蝇（bb）与待测雄果蝇交配．

（2）用不含添加剂的食物喂养子代果蝇．

（3）①若子代全为灰体，则待测果蝇的遗传因子组成为BB，即BB×bb→Bb；

②若子代全为黑体，则待测果蝇的遗传因子组成为bb，即bb×bb→bb；

③若子代有灰体，也有黑体，则待测果蝇的遗传因子组成为Bb，即Bb×bb→Bb、bb．

故答案为：

（1）多只用不含添加剂的食物喂养的黑体雌

（2）不含添加剂的食物

（3）①全为灰体

②全为黑体   待测果蝇的遗传因子组成为bb

③有灰体，也有黑体   待测果蝇的遗传因子组成为Bb

解：（1）在豌豆杂交实验中，提供花粉的植株是父本即矮茎植株，接受花粉的植株是母本即高茎植株．

（2）根据图示可知操作①是去雄，操作②是传粉；由于豌豆为自花传粉且为闭花受粉植物，为确保杂交实验成功，应在要在花药未成熟之前进行，其动作要轻、要干净、到达彻底去雄，操作后还要套上纸袋，防止外来花粉干扰实验．

（3）已知红花（A）对白花（a）为显性，则杂种种子（Aa）播下去后，长出的豌豆植株开红花．

（4）F1为杂合子（Aa），F1自交，F2代的基因型及比例为AA（红花）：Aa（红花）：aa（白花）=1：2：1，所以F2代红花和白花之比为3：1，遗传图解如下：．

故答案为：

（1）矮茎    高茎  

（2）去雄  传粉  开花前或花粉未成熟之前     套上纸袋   

（3）红     

（4）遗传图解如下：

解：（1）第一组亲本均为双眼皮，但子代出现单眼皮性状，即发生性状分离，说明双眼皮为显性性状．

（2）①单眼皮、双眼皮是一对相对性状，受一对等位基因（A和a）控制，位于常染色体上．

②赵某为单眼皮，则其基因型均为aa，她父亲为双眼皮，则其基因型为Aa，他传递给赵某的基因是a．

③赵某的母亲为单眼皮，其基因型为aa，她姐姐为双眼皮，则其基因型为Aa，若赵某的姐姐（Aa）与一位单眼皮的男性（aa）结婚，生一个双眼皮女孩的概率为．

故答案为：

（1）一      双眼皮

（2）①常    ②Aa     a      ③

解：（1）双眼皮的双亲1、2号，生了一个单眼皮的儿子6号，可判断出单眼皮为隐性性状．

（2）由6号的基因型（aa），可推知其父母1号和2号均为Aa，所生双眼皮女儿5号的基因型为AA或Aa．根据8号基因型（aa）可知7号为Aa．

（3）6号的基因型为aa，7号的基因型为Aa，则aa×Aa→Aa：aa=1：1，其子代是单眼皮的概率为．

遗传图解见如下：

故答案为：

（1）1、2和6     单眼皮      

（2）AA或Aa     aa      Aa

（3）    遗传图解如下：

解：（1）①yy×YY→Yy，后代雄性个体都是黄色，雌性个体都是白色，所以可以从子代的表现型判断出性别，正确；

②Yy×yy→Yy、yy，后代雄性个体中有黄色、也有白色，雌性个体都是白色，所以不能从子代的表现型判断出性别，错误；

③YY×Yy→YY、Yy，后代雄性个体都是黄色，雌性个体都是白色，所以可以从子代的表现型判断出性别，正确；

④Yy×Yy→YY、Yy、yy，后代雄性个体中有黄色、也有白色，雌性个体都是白色，所以不能从子代的表现型判断出性别，错误；

故能满足要求的是①③．

（2）白色雄性个体的基因型是yy．由于黄色个体肯定是雄性，所以它的基因型一定是Yy；而白色个体的基因型为Yy或yy．因此，交配后再生出一只白色雄性个体的几率是=或=．

故答案为：

（1）①③

（2）yy        

解：（1）由以上分析可知，F2中有色：无色=3：1，饱满：皱缩=3：1，所以每对性状都遵循基因分离定律．

（2）因为玉米粒色和粒形的每对相对性状的分离比均为3：1，两对性状综合考虑，如果符合自由组合定律，F1自交后代分离比应符合9：3：3：1，但本题给出的数据不符合9：3：3：1，因此上述两对性状的遗传不符合基因自由组合定律．

（3）①纯种有色饱满的玉米和纯种无色皱缩的玉米杂交，获得F1；

②取F1植株与无色皱缩的玉米进行测交．

③若符合基因自由组合定律，则后代种子中四种性状表现比例符合1：1：1：1．若不符合基因自由组合定律，则后代种子中四种性状表现比例不符合1：1：1：1．

故答案为：

（1）基因的分离

（2）不符合  因为玉米粒色和粒形的每对相对性状的分离比均为3：1，两对性状综合考虑，如果符合自由组合规律，F1自交后代分离比应符合9：3：3：1．

（3）实验步骤：

①纯种有色饱满的玉米  纯种无色皱缩

②无色皱缩

③1：1：1：1，

解：（1）根据分析可知：由表中②组合可推知红色为显性性状．

（2）组别①和组别②的亲本基因型：①Bb、bb；②Bb、Bb．

（3）表中组合①是测交试验，即杂合体与隐性个体杂交．

故答案为：

（1）②红色     

（2）①Bb   bb      ②Bb      Bb       

（3）①

解：（1）由于5号是患病女性，而其父母正常，所以决定白化病的基因为隐性；第一代双亲的基因型分别为Aa、Aa．

（2）由于第一代双亲的基因型分别为Aa、Aa，所以Ⅱ6的基因型为AA或Aa，比例为1：2，是杂合子的机率是．

（3）由于Ⅱ6的基因型为AA或Aa，Ⅱ7的基因型为aa，所以Ⅱ6和Ⅱ7若再生第二胎患病的可能性为=．

（4）由于Ⅲ10的基因型为AA或Aa，Ⅲ11的基因型为Aa，所以他们的后代患病的可能性为=．

故答案为：

（1）隐      Aa和Aa

（2）AA或Aa     

（3）

（4）