热门试卷

（1）由v-t图象可知，在0～0.4s时间内线框做匀加速直线运动，进入磁场时的速度为v1=2.0m/s，所以在此过程中的加速度  a==5.0m/s2

由牛顿第二定律     

解得   F=1.5 N

（2）由v-t图象可知，线框进入磁场区域后以速度v1做匀速直线运动，

产生的感应电动势   E=BLv1

通过线框的电流   I== 

线框所受安培力   F安=BIL= 

对于线框匀速运动的过程，由力的平衡条件，有 

解得  B=0.50T

（3）由v-t图象可知，线框进入磁场区域后做匀速直线运动，并以速度v1匀速穿出磁场，说明线框的宽度等于磁场的宽度   D=0.40m 

线框ab边离开磁场后做匀减速直线运动，到达档板时的位移为s-D=0.15m

设线框与挡板碰撞前的速度为v2

由动能定理，有    =

解得  v2==1.0 m/s

线框碰档板后速度大小仍为v2，线框下滑过程中，由于重力沿斜面方向的分力与滑动摩擦力大小相等，即mgsinθ=μmgcosθ=0.50N，因此线框与挡板碰撞后向下做匀速运动，ab边刚进入磁场时的速度为v2=1.0 m/s；进入磁场后因为又受到安培力作用而减速，做加速度逐渐变小的减速运动，设线框全部离开磁场区域时的速度为v3

由v＝v0-得v3= v2 -=-1.0 m/s，

因v3<0，说明线框在离开磁场前速度已经减为零，这时安培力消失，线框受力平衡，所以线框将静止在磁场中某位置。

线框向上运动通过磁场区域产生的焦耳热Q1=I2Rt==0.40 J

线框向下运动进入磁场的过程中产生的焦耳热Q2= =0.05 J

所以Q= Q1+ Q2=0.45 J

（1）（4分）由加速度－时间图像可知向下为正方向。（得分说明：全部正确给4分，部分正确得2分）

（2）（4分） 速度改变，大小为方向向上；位移，方向向下。