热门试卷

解：A、根据闭合电路欧姆定律得，I==n，知磁感应强度的变化率越大，则电流越大，由图示图象可知，在0～2s时间段，磁感应强度的变化率不断减小，则感应电流不断减小，故A错误．

B、由题意可知，在第1s内感应电流I沿顺时针方向，在第一秒内磁感应强度增大，在2～4s时间，磁场减小，磁场方向不变，由楞次定律可知，感应电流在2-4s内的方向与在第一秒内的方向相反，即：沿逆时针，故B错误．

C、由题意可知，在第1s内感应电流I沿顺时针方向，在第一秒内磁感应强度增大，在4～5s时间，磁场增大，磁场方向反向，由楞次定律可知，感应电流在4-5s内的方向与在第一秒内的方向相反，即：沿逆时针，故C错误

D、在0～5s时间段，当电流最大时，发热功率最大，则P=I2R=0.052×0.2=5×10-4W．故D正确．

故选：D．

解：根据法拉第电磁感应定律E=N=NS=n•πR2=，故C正确，ABD错误；

故选：C．

解：由图得到，磁通量的变化率：k==Wb/s=0.5Wb/s；

根据法拉第电磁感应定律得：

E=n=100×Wb/s=50V，则电压表读数为50V；

故选：B

解：A、由法拉第电磁感应定律可得，螺线管内产生的电动势为：，故A正确；

B、据楞次定律，当穿过螺线管的磁通量增加时，螺线管下部可以看成电源的正极，则电容器下极板带正电，故B错误；

C、电流稳定后，电流为：I===0.12A，电阻R1上消耗的功率为：，故C错误；

D、电键断开后流经电阻R2的电荷量为：，故D错误．

故选：A．

解：A、由图象可知，在第1s内，磁场垂直于纸面向内，磁感应强度变大，穿过金属圆环的磁通量变大，假设环闭合，由楞次定律可知，感应电流磁场与原磁场方向相反，即感应电流磁场方向垂直于纸面向外，然后由安培定则可知，感应电流沿逆时针方向，由此可知，上极板电势低，是负极，故A错误；

B、由图象可知，在第2内，磁场垂直于纸面向内，磁感应强度变小，穿过金属圆环的磁通量变小，假设环闭合，由楞次定律可知，感应电流磁场与原磁场方向相同，即感应电流磁场方向垂直于纸面向内，然后由安培定则可知，感应电流沿顺时针方向，由此可知，上极板电势高，是正极，故B正确；

C、由楞次定律可知，在第2s与第3内上极板是正极，在第1与第4s内，下极板是正极，

因此两极板间的电场每隔1s改变一次方向，带电粒子q在第1s内向上做匀加速运动，

第2s内向上做匀减速直线运动，第2s末速度为零，在第3s内向下做匀加速直线运动，

第4s内向下做匀减速直线运动，由此可知，会回到原来的位置，故C正确；

D、法拉第电磁感应定律可知，在第3s内产生的感应电动势：

E==S=πr2×=0.1πr2，

两极板间的电场强度为：，故D正确；

故选：BCD．

解：A、由E=n可知，对给定线圈，感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比，故A正确，

B、由E=nS可知，对给定的线圈，感应电动势的大小跟磁感应强度的变化磁感应强度的变化率成正比，与△B无关，故B错误；

C、由E=nB可知，对给定匝数的线圈和磁场，感应电动势的大小跟面积的平均变化率成正比，故C正确；

D、根据法拉第电磁感应定律：E=N，得知感应电动势与穿过线圈的磁通量的变化率大小成正比，△Φ是表示磁通量的变化量，△t表示变化所用的时间，则E表示△t时间内的平均感应电动势，故D正确；

故选：ACD．