热门试卷

解：根据法拉第电磁感应定律E=N得知，感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，与磁通量、磁通量的变化量没有直接关系，故C正确，ABD错误．

故选：C．

解：A、当MN通以方向从M向N的电流时，则ab边所受的安培力的向下，cd边所受安培力方向向上，因离MN越近，则安培力越大，知此时线框所受安培力合力方向竖直向下，故A错误；

B、当MN通以方向从N向M的电流时，则ab边所受的安培力的向上，cd边所受安培力方向向下，因离MN越近，则安培力越大，知此时线框所受安培力合力方向竖直向上，故B正确；

C、当MN内通电流I时，根据题意可知：

ab所受安培力为：F1=…①

cd所受安培力为：F2= …②

因它们受到的安培力方向相反，

此时线圈所受安培力的合力大小为F=kILI0（-），故C正确；

D、根据C选项可知，线圈受到的安培力的合力大小与通入电流的大小成正比，

当MN分别通以I1、I2的电流时，线框受到的安培力的合力F1与F2的大小之比为I1：I2，故D错误．

故选：BC．

解：A、对线框的右半边（obco′）未旋转时整个回路的磁通量为：Φ1=BSsinα；

对线框的右半边（obco′）旋转90°后，左半部分的磁通量不变，右半部分的磁通量为：-

整个回路的磁通量为：Φ2=BS（sinα-cosα）．故AB错误；

C、若α=，则Φ2=BS（sinα-cosα）=0

△Φ=Φ1-Φ2=BS．

根据公式q=•△t=•△t=．故C正确，D错误．

故选：C

解：由法拉第电磁感应定律可知E=n，由图知应有第1段中磁通量的变化率较小，而bc、cd两段中磁通量的变化率相同，故有E1＜E2=E3．

由楞次定律可判断出I1沿逆时针方向，I2与I3均沿顺时针方向．故AD均错误；BC正确；

故选：BC．

解：A、线圈中产生的感应电动势最大值为：Em=2nπrBv=2×20×π×0.1××2V=1.6V

小电珠中电流的最大值为：Im===0.16A，故A正确．

B、小电珠中电压的最大值为：Um=ImR2=0.16×9.5V=1.52V

由于线圈中产生的是正弦式电流，则小电珠中电压的有效值为U=Um=1.07V，故B错误．

C、t=0.1s时，外力F的大小F=BIm•n2πr=0.128N，故C正确；

D、t=0.2s时，切割速度为零，安培力为零，但外力F的大小不为零，故D错误．

故选：AC．

解：由E=N得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，与磁通量的变化大小无关，

A、穿过线圈的磁通量不变，则没有感应电动势，故A错误；

B、穿过线圈的磁通量增大，感应电动势可能不变，故B错误，D正确；

C、穿过线圈的磁通量减小，感应电动势也可能不变，故C错误；

故选：D

解：A、由图可知，穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可得：线圈产生的感应电流逆时针，故A正确．

B、根据法拉第电磁感应定律，可知，磁通量的变化率恒定，所以电动势恒定，则电阻两端的电压恒定，故B错误；

CD、由法拉第电磁感应定律：E=N=N=100××0.01V=0.05V，

由闭合电路欧姆定律，可知电路中的电流为I==A=0.01A，

前4s内通过R的电荷量Q=It=0.01×4C=0.04C，

所以线圈电阻r消耗的功率P=I2R=0.012×1W=1×10-4W，故C正确，D错误；

故选：AC．

解：由法拉第电磁感应定律得，感应电动势：E=，

由于磁通量的变化率相同，则大小环产生的感应电动势相等，

设大环电阻为R，则小环电阻为4R，

大环两端电压：U=×4R=，

小环两端电压：U′=×R=，

则U′=U；

故选：B．