热门试卷

解：A、由图象知：t=0.01s时，感应电动势为零，则穿过线框的磁通量最大，A错误；

B、该交变电动势的有效值为E===22V，B错误；

C、当t=0时，电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，故该交变电动势的瞬时值表达式为e=22sin（100πt）V，故C错误；

D、电动势瞬时值为22V时，代入瞬时表达式，则有线圈平面与中性面的夹角为45°，D正确；

故选：D．

解：

A、穿过线圈的磁通量此时最大，即为BS，故A正确；

BC、在图示位置时，线圈中感应电动势最小，则感应电流也最小，电流方向变化，每转一周方向变化2次，故B错误，C正确；

D、线圈中电流与时间的乘积即为通过导线截面的电量，因此根据法拉第电磁感应定律，可得：电量q===，故D错误；

故选：AC

解：A、由图象可知，A、C时刻感应电流最大，感应电动势也最大，此时线圈与中性面垂直，故A错误；

B、由图象可知，在B、D时刻，感应电流为零，感应电动势也为零，此时线圈位于中性面上，穿过线圈的磁通量最大，故B错误；

C、由图象可知，到从A到D，线圈转过的角度为，故C正确；

D、由图象可知，从O～D是一个周期，如果经历时间为0.02s，则1s是50个周期，电流方向改变100次，故D错误；

故选：C．

解：A、电流表显示的是有效值，示数为10A，故A错误C正确；

B、由图象知周期为0.01s，频率为周期的倒数100Hz，B错误；

D、电阻消耗的功率P=I2R=（10）2×10=1000W，故D正确；

故选CD

解：A、线圈转动过程中产生正弦式交变电流，故加在电阻两端的电压也为正弦式交变电流，故电容器两端的电压时刻在变，由Q=CU可知，电荷量在变，故A错误；

B、电容器两极板的电性周期性的变化，故油滴不可能一直处于平衡状态，故B错误；

C、产生的是交变电流，故线圈转动过程中仍有时K环电势高于L环电势，故流经电阻R的电流方向就是变化的，故C正确；

D、电动势的最大值为：Em=nBSω，故有效值为：E=；则电压表的示数为：=．故D正确．

故选：CD

解：由图可知，交流电的最大电压Em=100V，周期T=0.04s，

交流电的最大电压Em=100V，该交流电的电动势的有效值是U==50V，故C正确；

故选：C．

解：A、由图交变电流的周期T=4×10-2S，则频率f==25Hz．故A错误．

B、一个周期内通过电阻横截面的电量是，由于磁通量的变化量为0，所以电量是0，所以B正确；

D、由图读出电动势的最大值为5V，则有效值为E=0.707Em，通过电阻的电流有效值I==A，电阻两端电压U=IR=V．故D错误．

C、电阻消耗的电功率P==2.5W，故C正确．

故选：BC

解：A、从垂直中性面开始其瞬时表达式为：i=Imcosθ，则电流的最大值为：Im=，电流有效值为：I=，线圈消耗的电功为：P=I2rT=2×2×0.02=0.08J，故AB错误．

C、感应电动势最大值为：Em=Imr=2×2V=4V，任意时刻线圈中的感应电动势为：e=4cost=4cos100πt（V），

当t=s时，e=2V，而，

解得：Wb/s，故C正确，D错误．

故选：C

解：A、交流电的频率为=5Hz，A错误；

B、矩形闭合导线框ABCD在磁场中转动，产生的交流电压的最大值为Em=nBsω=100××0.5×10π=120V，所以交流电的有效值为120V，所以变压器原、副线圈匝数之比为120：12=10：1，B正确C错误．

D、由于灯泡的额定电压不变，所以不需要改变交流电的转速，所以D错误．

故选B．