- 动量守恒定律
- 共1004题
如图所示,静置于水平地面的三辆手推车沿一直线排列,质量均为m,人在极短时间内给第一辆车一水平冲量使其运动,当车运动了距离L时与第二辆车相碰,两车以共同速度继续运动了距离L时与第三车相碰,三车以共同速度又运动了距离L时停止.车运动时受到的摩擦阻力恒为车所受重力的k倍,重力加速度为g,若车与车之间仅在碰撞时发生相互作用,碰撞时间很短,忽略空气阻力,求:
(1)整个过程中摩擦阻力所做的总功;
(2)人给第一辆车水平冲量的大小;
(3)第一次与第二次碰撞系统功能损失之比.
正确答案
(1)设运动过程中摩擦阻力做的总功为W,则W=-kmgL-2kmgL-3kmgL=-6kmgL;
即整个过程中摩擦阻力所做的总功为-6kmgL.
(2)设第一车初速度为u0,第一次碰前速度为v1,碰后共同速度为u1;第二次碰前速度为v2,碰后共同速度为u2;人给第一车的水平冲量大小为I.
由动能定理,对三段减速过程列式
-kmgL=m
-
m
-2kmgL=(2m)
-
(2m)
-3kmgL=0-(3m)
由动量守恒定律对两次碰撞过程列式
mv1=2mu1
2mv2=3mu2
人推车过程,由动量定理列式
I=mu0-0
联立以上六式,解得:I=2m
即人给第一辆车水平冲量的大小为2m.
(3)设两次碰撞中系统动能损失分别为△Ek1和△Ek2
△Ek1=(2m)u12-
mv12=
kmgL
△Ek2═(3m)u22-
(2m)v22=
kmgL
因而 =
即第一次与第二次碰撞系统功能损失之比为13:3.
如图所示,静置于水平地面的三辆手推车沿一直线排列,质量均为m。人在极短时间内给第一辆车一水平 冲量使其运动,当车运动了距离L时与第二车相碰,两车以共同速率继续运动了距离L时与第三车相碰,三车以共同速度又运动了距离L时停止.车运动时受到的摩擦阻力恒为车所受重力的k倍,重力加速度为g,若车与车之间仅在碰撞时发生相互作用,碰撞时间很短,忽略空气阻力,求:
(1)整个过程中摩擦阻力所做的总功。
(2)人给第一辆车水平冲量的大小。
(3)第一次与第二次碰撞系统动能损失之比。
正确答案
解:(1)设运动过程中摩擦阻力做的总功为W,则
W=-kmgL-2kmgL-3kmgL=-6kmgL
(2)设第一车初速度为u0,第一次碰前速度为v1,碰后共同速度为u1;第二次碰前速度为v2,碰后共同速度为u2;人给第一车的水平冲量大小为I
由
mv1=2mu1
2mv2=3mu2
得:
(3)设两次碰撞中系统动能损失分别为△Ek1和△Ek2由,
得△Ek1:△Ek2=13 : 3
【选修3-5选做题】
倾角为θ的斜面固定在地面上,质量为M的物体A静止在斜面上,质量为m的物体B以某一速度向A运动,已知刚与A接触时,B的速度为v0,两者碰撞后迅速分开,设碰撞时间为t且极短,B物体与斜面的动摩擦因素为μ,碰撞接触后A获得的速度为,且3m>M>2m。试求:
(1)碰后瞬间B的速度。
(2)两物体碰撞过程中的平均作用力。
正确答案
解:(1)由题知,两物体碰撞时间极短,故内力远大于外力。故AB组成的系统满足动量守恒定律。设碰后瞬间B 的速度为v,取下面向下为正方向,则有:
解得:
由3m>M>2m可以判断,v的方向沿斜面向下,且v<
(2)以B为研究对象,B平行于斜面受到下滑力、滑动摩擦力以及A对B的作用力F,由动量定理可得:
解得:
如图所示,一条轨道固定在竖直平面内,粗糙的ab段水平,bcde段光滑,cde段是以O为圆心、R为半径的 一小段圆弧,圆心O与ab在同一水平线上。可视为质点的物块A和B紧靠在一起,静止于b处,A的质量是B的3倍。两物块在足够大的内力作用下突然分离,分别向左、右始终沿轨道运动。B到d点时速度沿水平方向,此时轨道对B的支持力大小等于B所受重力的倍,A与ab段的动摩擦因数为μ,重力加速度为g,求:
(1)物块B在d点的速度大小;
(2)物块A滑行的距离s和时间t。
正确答案
解:(1)在d点对B,由牛顿第二定律得:
,解得
(2)设A、B在分离瞬间速度大小分别为v1、v2,取水平向右方向为正,A、B分离过程动量守恒,则:
3m(-v1)+mv2=0
A、B分离后,B从b点到d点过程由动能定理得:
A向左减速至零过程由动能定理得:
,解得:
A向左减速至零过程由动量定理得
-μ(3mg)t=0-3mv1,解得
如图所示,质量为3m的足够长木板C静止在光滑水平面上,质量均为m的两个小物体A、B放在C的左端,A、B间相距s0,现同时对A、B施加水平向右的瞬时冲量而使之分别获得初速度v0和2v0,若A、B与C之间的动摩擦因数分别为μ和2μ,则:
(1)最终A、B、C的共同速度为多大?
(2)求运动过程中A的最小速度?
(3)A与B最终相距多远?
(4)整个过程中A、B与木板C因摩擦所产生的热量之比为多大?
正确答案
(1)0.6v0
(2)0.5v0
(3)s0+0.425
(4)
如图所示,质量为50g的小球以12m/s的水平速度抛出,恰好与倾角为37°的斜面垂直碰撞,则此过程中重力的功为______J,重力的冲量为______N•s.
正确答案
因为是垂直撞上斜面,斜面与水平面之间的夹角为37°,故速度与水平方向夹角为53°;
所以=tan53°
解得:vy=16m/s
设飞行的时间为t,所以t==1.6s
竖直分位移为:
y=gt2═
×10×1.62=12.8m
故重力的功为WG=mgy=0.05×10×12.8=6.4J
重力的冲量为IG=mgt=0.05×10×1.6=0.8kg•m/s
故答案为:6.4,0.8.
传送带在工农业生产和日常生活中都有广泛的应用,例如在港口用传送带中运输货物,在机场上用传送带将地面上的行李传送到飞机上等。现有一个水平传送带装置AB,如图所示。传送带的长度L=1m,质量M=1kg的木块随传送带一起以v1=2m/s的速度向左匀速运动(传送带移动的速率始终恒定),木块与传送带间动摩擦因数μ=0.5。当木块运动到传送带最左端A点时,一颗质量为m=20g的子弹以v0=300m/s水平向右迎面射向木块并从木块中穿出,穿出时速度为u=50m/s。设子弹穿出木块的时间极短,且穿出木块以后子弹未与传送带作用。(传送带装置由电动机带动,传送带与轮子间无相对滑动,不计轮轴处的摩擦,g=10m/s2)
(1)试论述木块能否从传送带右端B点离开传送带;
(2)在子弹击中木块到木块离开传送带的整个过程中,子弹、木块和传送带这一系统间所产生的总内能是多少;
(3)子弹击中木块后,传送带由于传送木块多消耗的电能。
正确答案
解:(1)子弹射入并穿出木块瞬间,设木块的速度为v2,取向右为正方向,由动量守恒定律有:mv0-Mv1=mu+Mv2
代入数据解得,木块的速度:v2=3m/s,方向水平向右
之后木块向右做匀减速运动,假设木块滑至传送带右端之前对地的速度为零,设此过程中木块对地的位移大小为X1,对木块向右减速为零的过程由动能定理:
- μMgX1=0-
解得:1=0.9m<1m,因此,物块不会从右端离开传送带
(2)通过上问分析可知,木块先向右匀减速运动直至对地速度为零,接着返回做匀加速运动。设匀减速运动的时间为t1,反向匀加速运动与传送带共速所走的位移大小为X2,所用的时间为t2对木块向右减速运动过程中由动量定理,取向右为正:-μMgt1=0-Mv2
解得:t1=0.6s
对木块向左加速运动的过程由动能定理:μMgX2=
得X2=0.4m<X1=0.9m,即物块到达传送带左端之前已共速
对木块向左加速运动由动量定理,取向左为正:μMgt2=Mv1得t2=0.4s
设子弹击穿木块过程中产生的热量为Q1:
代入数据得Q1=872.5J
木块向右减速过程中与传送带摩擦生热为Q2:Q2=μMg(v1t1+ X1)
代入数据得:Q2=10.5J
木块向左加速过程中直至与传送带共速摩擦生热为Q3:Q3=μMg(v1t2- X2)
代入数据得Q3=2J
所以系统所产生的总内能:Q=Q1+Q2+Q3=885J
(3)子弹击穿木块后,设传送带由于传送木块多消耗的电能为△E电由能量守恒定律:
得△E电=10J
(或由功能关系可知,传送带克服摩擦力做功等于消耗的电能△E电=μMg(v1t1+ v1t2),解得:△E电=10J)
【选修3-5选做题】
如图(1)所示,物体A、B的质量分别是4kg和8kg,由轻弹簧连接,静止放在光滑的水平面上,物体B左侧与竖直墙壁相接触。另有一个物体C水平向左运动,在t=5s时与物体A相碰,并立即与A有相同的速度,一起向左运动,物块C的速度-时间图象如图(2)所示。
(1)求物块C的质量。
(2)弹簧压缩具有的最大弹性势能。
(3)在5s到15s的时间内墙壁对物体B的作用力的冲量。
正确答案
解:(1)由图象可得:物体C以速度与A相碰,立即有相同的速度
A、C相互作用时间很短,水平方向动量守恒,有:
解得:
(2)物块C和A一起运动,压缩弹簧,它们的动能完全转化为弹性势能
最大弹性势能为
(3)5s到15s内,墙壁对B的作用力F等于轻弹簧的弹力,轻弹簧的弹力使物体A和C的速度由2m/s减到0,再反弹到2m/s,则弹力的冲量等于F的冲量为:
,方向向右
冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目,由于它的形状像水壶而得名,如图所示。冰壶比赛自1998年被列入冬奥会之后,就成为了越来越普遍的运动项目之一。2010年2月27日在第21届冬奥会上,中国女子冰壶队首次参加冬奥会,获得了铜牌,取得了这个项目的零的突破,令世人瞩目。
冰壶比赛的场地如图甲所示。冰道的左端有一个发球区,运动员在发球区边沿的投掷线MN将冰壶以一定的初速度掷出,使冰壶沿着冰道的中心线PO滑行,冰道的右端有一圆形的营垒。以场地上冰壶最终静止时距离营垒圆心O的远近决定胜负。比赛时,为使冰壶滑行得更远,运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面,使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小。当对手的冰壶停止在营垒内时,可以用掷出的冰壶与对手的冰壶撞击,使对手的冰壶滑出营垒区。已知冰壶的质量为20kg,营垒的半径为1.8m。设冰壶与冰面间的动摩擦因数μ1=0.008,用毛刷擦冰面后动摩擦因数减小至μ2=0.004。在某次比赛中,若冰壶在发球区受到运动员沿中心线方向推力作用的时间t=10s,使冰壶A在投掷线中点处以v0=2.0m/s的速度沿中心线PO滑出。设冰壶之间的碰撞时间极短,且无机械能损失,不计冰壶自身的大小,g取10m/s2。
(1)冰壶在发球区受到运动员沿中心线方向作用的冲量大小为多少?
(2)若不用毛刷擦冰面,则冰壶停止的位置距离营垒圆心O点多远?
(3)如果在中心线PO上已经静止着一个冰壶B,如图乙所示,冰壶B距圆心O的距离为0.9m,若要使冰壶A能够沿中心线PO将B撞出营垒区,则运动员用毛刷擦冰面的长度至少为多少?
正确答案
解:(1)设推力对冰壶的冲量大小为I,则根据动量定理
代入数值解得I=56 N·s
(2)根据动能定理=μ1mgs
s==25m
冰壶停止的位置距离营垒圆心的距离x=30m-25m=5.0m
(3)冰壶A与冰壶B碰撞的过程中,设冰壶A碰撞前的速度为vA,碰撞后的速度为vA′,冰壶B碰撞后的速度为vB′,根据动量守恒定律和动能的关系,有
mvA=mvA′+mvB′
=
+
解得=0,
=vA 即冰壶A与冰壶B碰撞后二者的速度相互交换。因此可以将整个过程看成为冰壶A一直沿直线PO运动到营垒区外的过程,运动的总位移为s'=31.8m
根据动能定理,设将冰壶B恰好撞出营垒区外,运动员用毛刷擦冰面的长度为L,则
代入数值解得L=13.6 m
如图甲所示,光滑水平面上停放着一辆上表面粗糙的质量为M的平板车,一质量为m的小金属块以水平速度v0从平板车的左端滑上平板车,在运动过程中的0~t0时间内它们的速度随时间变化的图象如图乙所示,求:
(1)小金属块与平板车的质量之比;
(2)小金属块与平板车上表面间的动摩擦因数;
(3)若小金属块最后刚好没滑离平板车,则平板车的长度为多少?
正确答案
解:(1)以平板车和小金属块为研究对象,由平板车和小金属块组成的系统受合外力为零,所以动量守恒:
代入数据得:
(2)以小金属块为研究对象,由动量定理:
代入数据得:
(3)设小金属块与平板车最后的共同速度为v,由动量守恒定律:
代入数据得:
设平板车长为L,以系统为研究对象,根据能量守恒可得:
解得:
2009年中国女子冰壶队首次获得了世界锦标赛冠军,这引起了人们对冰壶运动的关注.冰壶在水平冰面上的一次滑行可简化为如下过程:如图,运动员将静止于O点的冰壶(视为质点)沿直线OO′推到A点放手,此后冰壶沿AO′滑行,最后停于C点.已知冰面与各冰壶间的动摩擦因数为μ,冰壶质量为m,AC=L,CO′=r,重力加速度为g,
(1)求冰壶在A 点的速率;
(2)求冰壶从O点到A点的运动过程中受到的冲量大小;
(3)若将BO'段冰面与冰壶间的动摩擦因数减小为0.8μ,原只能滑到C点的冰壶能停于O′点,求A点与B点之间的距离.
正确答案
(1)对冰壶,设在A点时的速度为V1,从A点放手到停止于C点应用动能定理有:
-μmgL=mV12,
解得:V1=;
(2)对冰壶,从O到A,设冰壶受到的冲量为I,应用动量定理有:
I=mV1-0,
解得:I=m;
(3)设AB之间距离为S,对冰壶,从A到O′的过程,应用动能定理,
-μmgS-0.8μmg(L+r-S)=0-mV12,
解得:S=L-4r.
答:(1)求冰壶在A 点的速率为;(2)冰壶从O点到A点的运动过程中受到的冲量大小为m
;(3)A点与B点之间的距离为L-4r.
如图所示,质量为m的滑块与水平地面间的摩擦因数μ=0.1,原处于静止状态的滑块在瞬间受到大小为 I=3m的水平冲量作用后由 A 向 B 滑行5R,再滑上半径为 R 的
光滑圆弧BC,在C点正上方有一离C 高度也为的R 的旋转平台,平台同一直径上开有两个离轴心等距的小孔 P 和 Q,平台旋转时两孔均能经过 C 点的正上方,若要使滑块经过 C 后穿过P孔,又恰能从Q孔落下,则平台的角速度ω应满足什么条件?
正确答案
设在冲量I作用下获得的速度为vA,由动量定理得:I=mvA,得
vA=3
设滑块至B点时速度为vB,对滑块由A点到B点,应用动能定理有:
-μmg•5R=mvB2-
mvA2
解得:vB2=8gR
滑块从B点开始运动后机械能守恒,设滑块到达P处时速度为vP,则:
mvB2=
mvP2+mg•2R
解得:vP=2
滑块穿过P孔后再回到平台的时间:
t==4
要想实现题述过程,需满足:ωt=(2n+1)π
ω=(n=0,1,2…)
答:平台转动的角速度ω应满足条件为ω=(n=0,1,2…).
如图所示的“s”形玩具轨道,该轨道是用内壁光滑的薄壁细圆管弯成,放置在竖直平面内,轨道弯曲部分是由两个半径相等的半圆对接而成,圆的半径比细管内径大得多,轨道底端与水平地面相切,轨道在水平方向不可移动.弹射装置将一个小球(其直径略小于细管的内径)从a点水平射出,并从b点进入轨道,经过轨道后从最高点d水平抛出(抛出后小球不会再碰轨道),已知小球与地面ab段间的动摩擦因数为μ=0.2,不计其它机械能损失,ab段长L=1.25m,圆的半径R=0.1m,小球质量m=0.01kg,轨道质量为M=0.26kg,g=l0m/s2,求:
(1)若在a点弹射装置对小球水平的瞬时冲量I=0.05N•s,求小球从最高点d抛出后的水平射程.
(2)设小球进入轨道之前,轨道对地面的压力大小等于轨道自身的重力,若小球经过两半圆的对接处c点时,轨道对地面的压力恰好为零,则小球在a点的速度v0为多大.
正确答案
(1)由动量定理可知,I=mv0-0
设小球到达d点处速度为v,由动能定理,得
-μmgL-mg•4R=mv2-
mv02
小球由d点做平抛运动,有4R=gt2
s=vt
联立①②③并代入数值,解得小球从最高点d抛出后的水平射程:
s=m≈0.98m
(2)设小球到达c点处速度为vc,由动能定理,得
-μmgL-mg•2R=mvc2-
mv02
当小球通过c点时,由牛顿第二定律得
N′+mg=m
要使轨道对地面的压力为零,有N′=Mg
解得小球的最小速度:v0=6m/s.
答:(1)小球从最高点d抛出后的水平射程为0.98m.
(2)小球在a点的速度v0为6m/s.
如图所示,用导电的金属丝吊着的一块金属板,与装有电子枪的电源相连,从电子枪发出的电子的初速度为零,用电压U将电子加速后,电子与金属板垂直碰撞.假设所有电子碰撞金属板之后,全部被金属板吸收,已知电子的电荷量和质量分别为-e (e>0)和m.试求:
(1)从电子枪发出的1个电子在碰撞金属板过程中,动量变化的大小和方向;
(2)电子束形成的电流为I时,垂直作用于金属板表面的平均力F是多大?
正确答案
设电子加速后速度为v,则由
eU=mv2①,
得v=②
(1)电子碰撞金属板时,动量的改变△P=mv= ③
动量的改变的方向水平向左
(2)设t时间内有n个电子打到金属板上,则Q=It=ne ④
由冲量和动量变化的关系,有Ft=n△P ⑤
联立③④⑤得:F=
答:(1)从电子枪发出的1个电子在碰撞金属板过程中,动量变化的大小和方向为水平向左;
(2)电子束形成的电流为I时,垂直作用于金属板表面的平均力F是:F=.
如图所示,矩形盒B的质量为M,放在水平面上,盒内有一质量为m的物体A,A与B、B与地面间的动摩擦因数分别为μ1、μ2,开始时二者均静止,现瞬间使物体A获得一向右的水平速度v0,以后物体A在与盒B的左右壁碰撞时,B始终向右运动,当A与B最后一次碰撞后,B停止运动,A则继续向右滑行距离x后也停止运动,求盒B运动的时间t。
正确答案
解:以物体A、盒B组成的系统为研究对象,它在水平方向所受的外力就是地面对盒B的滑动摩擦力,而A与B间的摩擦力、A与B碰撞时的相互作用力均是内力
设B停止运动时A的速度为v,且假定向右为正方向,对由物体A和盒B组成的系统应用动量定理得:
-μ2(m+M)gt=mv-mv0 ①
当B停止运动后,对A应用动能定理得: ②
由①②两式解得B运动的时间为:
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