热门试卷

设ab和ac间的夹角为θ，根据几何关系可知，cosθ＝ab/2R＝1.6R/2R＝4/5

小球沿ab做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得：a= mgcosθ/m＝4g/5，根据运动学基本公式得：1.6R= at12/2  ①小球从a运动到c做自由落体运动，则有3R= gt22/2  ②根据①②解得：故D正确

物块在t=0时被无初速释放，由于F=kt，则开始过程，物块对墙壁的压力较小，所受的滑动摩擦力小于重力，物块加速下滑；后来，滑动摩擦力大于重力，物块减速下滑，直到速度为零，物块静止在墙壁上．最后摩擦力等于重力，所以A错；

 加速运动过程中：mg-f=ma，① 

又f=μF N =μF=μkt，得a=g- ，a随着t增大而减小，物块做加速度减小的变加速运动；

v-t图象的斜率应减小．减速运动过程中：由于mg＜f，

由①得知，随着t增大，a反向增大，物块做加速度增大的变减速运动；

v-t图象的斜率应增大．故B错误，C正确；

物体下落时，做变加速运动，很显然，其高度变化不随时间线性变化，所以D错。取竖直向下方向为正方向．

A、在0-0.1s过程中为物体和弹簧接触的过程，由图象可知，滑块先做加速后做减速运动，故A错误；B、在v-t图象中，斜率代表加速度，斜率为a=△v/△t＝(0.8−1.6)/0.1m/s2＝−8m/s2，加速度大小为8m/s2，故B正确；C、滑块在0.1 s末物体处于某一位置，古无法克服重力做功，故C错误；D、滑块在0.1s～0.2s内，由牛顿第二定律可知：-mgsin37°-μmgcos37°=ma，解得：μ＝(−a−gsin37°)/ gcos37°＝0.25，故D正确；

小球受到的重mg、斜面的支持力FN2、竖直挡板的水平弹力FN1，设斜面的倾斜角为α,则竖直方向有：FN2cosα=mg,因为mg和α不变，无论加速度如何变化，FN2不变且不可能为零，故B错，C正确．水平方向有：FN1-FN2sinα=ma
FN2sinα≠0，若加速度足够小，竖直挡板的水平弹力不可能为零，故A错误．斜面、挡板对球的弹力与球的重力三者的合力等于ma，故D错误．本题主要考查牛顿第二定律；力的合成与分解的运用

由题意得物体A与平板车的上表面间的最大静摩擦力Fm≥5N．F合=ma=10N，可知此时平板车对物体A的摩擦力为5N，方向向右，且为静摩擦力，所以物体A相对于车仍然静止，故A错误；F合=ma=10N，此时平板车对物体A的摩擦力为5N，方向向右，所以物体A受到的摩擦力大小不变，故B错误，C正确；物体A相对于车仍然静止，所以受到的弹簧的拉力大小不变，故D错误

答案有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全对的得3分，有选错的得0分。

设导轨间距为l，则闭合开关后ef做切割磁感线运动的速度为v时产生的感应电动势大小为E=Blv，感应电流I的方向由右手定则可知为e→f，受到的安培力，方向竖直向上。对ef受力分析可得mg-F=ma，得到，所以，若闭合开关时安培力小于重力，ef做加速度减小，速度增大的变加速运动；当闭合开关时安培力等于重力，则ef一直做匀速直线运动；而闭合开关时若安培力大于重力，则ef做加速度减小，速度减小的变速运动，最终达到安培力与重力平衡而匀速运动，至于ef的最大加速度则取决于闭合开关的时刻，有可能闭合开关时安培力的大小大于2mg而导致加速度大小大于g。

综上分析可知，金属杆ef下滑的过程中可能做的运动为变加速运动或者是匀速运动，而不会是加速度不变的匀变速运动，故A选项错误，B选项正确，然而ef杆最终的运动状态均为与重力平衡时的匀速运动，其速度、感应电流和感应电动势的大小都是相同的，故而匀速运动时电流的功率也是一样的，所以C选项错误。当ef所受安培力与重力相等时，由能量守恒定律可知，ef杆减少的重力势能会完全转化为电阻R的热量，而动能不变，故D选项正确。