热门试卷

解：虚线以上部分斜面光滑，物体受到重力和支持力，把两个物体看成整体，根据牛顿第二定律得：

a=，

两物体加速度相等，绳子拉直，但没有力的作用，此过程，细线对两物体均不做功，

m2先到达虚线下方，此时两物体受到重力、支持力、滑动摩擦力作用，若滑动摩擦力大于重力沿斜面的分量，则m2做匀减速运动，此时m1仍做匀加速运动，所以绳子处于松弛状态，m1运动到虚线位置时的速度比m2运动到虚线位置时的速度大，进入虚线下方做匀减速运动，相同时间内m1运动的位移比m2运动的位移大，所以m2到达斜面底端前两物体有可能相遇，故AD错误，BC正确．

故选：BC

解：由题意可知，A点时其克服重力做功的瞬时功率为10W，设此时的速度为vA；

则有：mgvAsin30°=10W；

同理它滑到B点时其克服重力做功的瞬时功率为2W，则有：mgvBsin30°=2W；

而在A点克服外力做功的瞬时功率比在B点克服外力的瞬时功率小12W，则有：ma（vA-vB）=12W；

联立上式，可解得：a=，故C正确，ABD错误；

故选：C．

解：AB、由图象可得：0～2s内物体做匀减速直线运动，加速度大小为：a1===5m/s2，2s～4s内物体做匀加速直线运动，加速度大小为：a2===1m/s2，根据牛顿第二定律得：

 匀减速过程有 F+Ff=ma1

 匀加速过程有 F-Ff=ma2

  又 Ff=μmg，解得：μ=0.20，F=60N．故A、B正确．

C、0～2s内物体的位移大小 x1===10m，2～4s内物体的位移大小为x2=m=2m

故水平外力做功为 W=-F（x1-x2）=-60×（10-2）J=-480J．故C错误．

D、在0～4s 内物体运动的位移大小为 x=x1-x2=10m．故D错误．

故选：AB

解：由速度时间图象可以知道在2-3s的时间内，物体匀速运动，处于受力平衡状态，所以滑动摩擦力的大小为2N，

在1-2s的时间内，物体做匀加速运动，直线的斜率代表加速度的大小，所以a==2m/s2，由牛顿第二定律可得F-f=ma，所以m==kg=0.5kg，所以A错误；

由f=μFN=μmg，所以μ===0.4，所以B错误；

第二秒内物体的位移是x=at2=×2×1=1m，摩擦力做的功W=fx=-2×1J=-2J，所以C正确；

在第一秒内物体没有运动，只在第二秒运动，F也只在第二秒做功，F的功为W=Fx=3×1J=3J，所以前2S内推力F做功的平均功率为=W=1.5W，所以D正确．

故选CD．

解：由动能定理可知

WF=0-=0-J=-4J

故选：C

解：对甲图中物体受力分析，受推力、重力、支持力和摩擦力，如图

根据平衡条件，有

x方向：F1cosθ-f=0

y方向：F1sinθ+mg=N

其中：f=μN

解得

         ①

对乙图物体受力分析，受拉力、重力、支持力和摩擦力，如图

根据平衡条件，有

x方向：F2cosθ-f=0

y方向：F2sinθ+N=mg

解得

          ②

比较①②两式，得到

F1＞F2

由于位移相同，力与水平方向夹角相等，根据恒力做功的表达式W=FScosθ，得到

W1=F1Scosθ

W2=F2Scosθ

故

W1＞W2

故选B．

解：A．根据P=可知：力对物体做功越大，这个力的功率不一定越大，还要看做功时间，故A错误；

    B．根据P=可知：力对物体做功的时间越短，这个力的功率不一定越大，还要看做功的多少，故B错误；

    C．根据P=可知：力对物体做功小，做功时间也很小时，其功率有可能大；力对物体做功大，做功时间也很长时，其功率却不一定大，故C正确；

    D．根据P=可以计算出在t时间内的平均功率，当t接近于0时才可以看成是瞬时功率，所以知道W和t的值不可以计算出任意时刻的功率，故D错误．

故选C．