热门试卷

A、α粒子散射实验表明了原子内部有一个很小的核，并没有涉及到核内部的变化，故A正确；

B、光电效应是原子核外层电子脱离原子核的束缚而逸出，没有涉及到原子核的变化，故B正确；

C、天然放射现象是原子核内部发正生变化自发的放射出α粒子或电子，从而发生α衰变或β衰变，反应的过程中核内核子数，质子数，中子数发生变化，故C错误；

D、原子发光是原子跃迁形成的，即电子从高能级向低能级跃迁，释放的能量以光子形式辐射出去，没有涉及到原子核的变化，故D正确；

E、链式反应是重核裂变，热核反应是轻核的聚变，都涉及到原子核的变化，故E错误．

①由于木板静止在光滑水平面上，上表面中心O左侧光滑,右侧粗糙，在O点左边由于变力作用在m上，对m有：

即

解得：t=2s

②滑块与木板右半相互作用时，选向右为正方向，根据动量守恒定律得：

即

解得：

根据功能关系得：代入解得：

A、α射线是高速运动的氦核流，不是氦原子,故A错误；

B、在核反应中电荷数守恒、质量数守恒．核聚变反应方程，表示中子,故B正确；

C、根据光电效应方程，知最大初动能与照射光的频率成线性关系，不是成正比，故C错误；

D、玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征．故D正确；

E、比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时一定放出能量,故E正确;

（1）子弹穿过木块的瞬间子弹和木块构成的系统动量守恒，假设子弹穿过木块后木块具有的瞬时速度为v，设向左为正方向：

则有：mv1=Mv+mv2

代入数据得：v=2m/s

木块所受的冲量：I=Mv-0=0.1kgm/s

（2）子弹穿过木块的瞬间子弹和木块构成的系统动量守恒，假设子弹穿过木块后木块具有的瞬时速度为v，设向左为正方向，则有：mv1=Mv+mv2

由能量守恒可知，系统损失的机械能等于系统增加的热量，即：

代入数据解得：Q=49.4J

取撞向竖直平面的速度方向为正方向：

ΔP=-mv-mv=-2mv  ··········································································3分

动量改变量的大小为2mv，方向沿反弹回来的速度方向  ························1分

由c=λν，E=hν，得：  ········································································2分

由：E=mc2 ， 得：mc=  ·······························································2分

由：P=mc，mc= 得：P=  ·······································································2分

①太空帆平面与太阳光的照射方向垂直时，光压最大，此时太空船产生的加速度最大．

t时间内垂直照射到太空帆上的光的总能量为：Em=AtE0  ··············2分

一个光子的能量为：E=hν=

t时间内垂直照射到太空帆上的光子个数为：  ·····················2分

一个光子的动量为：P=

对t时间内垂直照射到太空帆上的N个光子（取光子飞向太空帆的速度方向为正方向）：

-Ft=-NP-NP  ······································································2分

对太空船：F=Ma  ·······················································································1分

解得：  ························································································1分

②从上述计算可知，利用光压推动太阳帆船前进，进行星际旅行，从理论上讲是可行的，并且同火箭和航天飞机迅速消耗完的燃料相比，太阳光是无限的动力之源，只要有阳光存在的地方，它会始终推动飞船前进．

困难：一是单位面积上的光压很小，为获得足够的动力，需要制造很轻很大太空帆，从制造到送入太空、在太空中展开，这些都存在困难；二是太空帆不仅会接收到太阳光，也会受到深空来自宇宙的带电粒子的干扰；三是利用光压改变飞船的飞行方向在技术上也存在一定的困难．四是飞船离开星球和靠近星球时要受到星球的引力作用，此时必须依靠飞船上携带的燃料提供动

A、玻尔理论成功地解释了氢原子的光谱现象,故A正确; 

B、氢原子的核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，需要吸收能量，原子的能量增大,故B正确; 

C、β射线是原子核中的一个中子转变为一个电子和一个质子，电子释放出来形成的电子流，故C错误；

D、查德威克通过α粒子轰击铍核发现了中子，核反应方程为：,故D正确;

E、半衰期的大小与温度无关，由原子核内部因素决定,故E错误．

（1）设物块与小车的共同速度为v，以水平向右为正方向，根据动量守恒定律有：

  m2v0=（m1+m2）v

设物块与车面间的滑动摩擦力为f，对物块应用动量定理有：

-ft=m2v-m2v0 

其中f=μm2g

联立以三式解得：

代入数据得：t=0.24s

（2）要使物块恰好不从车厢滑出，须物块滑到车面右端时与小车有共同的速度v′，则有：

 m2v′0=（m1+m2）v′

由功能关系有：

代入数据解得：

故要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车的速度v'0不能超过

以水平向右为正方向．人第一次将球推出，设人与车的速度为v，球、人与车系统动量守恒，由动量守恒定律得：

16mv-mv=0，

人对系统做功：

解得：

人接球过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：                 mv+16mv=17mv′，解得：由动量定理得：-FT=mv'-mv

解得：