- 自由组合定律的应用
- 共5666题
狗皮毛的颜色受两对常染色体上的等位基因A、a与B、b（分别位于两对同源染色体上）控制，表现型有三种：沙色、红色和白色．经观察绘得系谱图如下，请分析回答：（1号、2号为纯合子）
（1）以上图示性状遗传遵循孟德尔的什么遗传定律？______．
（2）1号的基因型是______．2号的基因型是______．
（3）6号和7号的后代出现三种表现型的根本原因是______，其比例为______．
（4）若已知8号不带有B基因，则15号的基因型为______．若12号与一白色雌狗交配，则生出沙色狗的概率为______．
正确答案
解：（1）两对等位基因位于两对同源染色体上，则可判断其性状遗传遵循基因自由组合定律．
（2）从图中的图例可以看出，红色的基因型是A_B_，沙色的基因型是aaB_或A_bb，白色的基因型是aabb．因1号、2号生有红色的后代6号（A_B_），又因1号、2号均为纯合子，且1号、2号均为沙色（aaB_或A_bb），所以它们的基因型是aaBB和AAbb．
（3）13号白色的基因型为aabb，可推断亲本6号和7号基因型皆为AaBb．6号和7号的后代出现三种表现型的根本原因是在减数分裂过程中，等位基因分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合．6号和7号的后代为A_B_（红色）：A_bb（沙色）：aaB_（沙色）：aabb（白色）=9：3：3：1，因此三种表现型红色、沙色、白色，其比例为9：6：1．
（4）14号白色的基因型为aabb，若已知8号不带有B基因，则8号沙色的基因型为Aabb．9号白色的基因型为aabb，8号和9号交配的后代15沙色的基因型为Aabb．亲本6号和7号基因型皆为AaBb，12号沙色其基因型有多种可能：aaB_或A_bb，为aaBb或Aabb的概率为
故答案为：
（1）基因的分离定律和自由组合定律
（2）aaBB AAbb
（3）等位基因分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合 红色：沙色：白色=9：6：1
（4）Aabb
解析
解：（1）两对等位基因位于两对同源染色体上，则可判断其性状遗传遵循基因自由组合定律．
（2）从图中的图例可以看出，红色的基因型是A_B_，沙色的基因型是aaB_或A_bb，白色的基因型是aabb．因1号、2号生有红色的后代6号（A_B_），又因1号、2号均为纯合子，且1号、2号均为沙色（aaB_或A_bb），所以它们的基因型是aaBB和AAbb．
（3）13号白色的基因型为aabb，可推断亲本6号和7号基因型皆为AaBb．6号和7号的后代出现三种表现型的根本原因是在减数分裂过程中，等位基因分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合．6号和7号的后代为A_B_（红色）：A_bb（沙色）：aaB_（沙色）：aabb（白色）=9：3：3：1，因此三种表现型红色、沙色、白色，其比例为9：6：1．
（4）14号白色的基因型为aabb，若已知8号不带有B基因，则8号沙色的基因型为Aabb．9号白色的基因型为aabb，8号和9号交配的后代15沙色的基因型为Aabb．亲本6号和7号基因型皆为AaBb，12号沙色其基因型有多种可能：aaB_或A_bb，为aaBb或Aabb的概率为
故答案为：
（1）基因的分离定律和自由组合定律
（2）aaBB AAbb
（3）等位基因分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合 红色：沙色：白色=9：6：1
（4）Aabb
（1）现选用两纯合亲本甲，乙杂交得到F1，F1测交结果如表：
亲本甲的性状为无斑纹，乙的基因型为______
（2）F1雌雄交配所得F2的性状和分离比为______．F2中自交不发生上述性状分离的个体占______．
（3）A/a所在染色体偶见缺失现象，如图所示．染色体缺失的卵细胞不育，染色体缺失的精子可育．基因型为A0a的蚕雌雄交配，子代的有斑纹：无斑纹的比例为______．
（4）家蚕中，雌性性染色体为ZW，雄性性染色体为ZZ．家蚕体壁正常基因（T）与体壁透明基因（t）是位于Z染色体上的一对等位基因．现用有斑纹体壁透明雌蚕（A0aZtW）与有斑纹体壁正常雄蚕（A0aZTZT）杂交得到F1，将其中有斑纹个体相互交配，后代中有斑纹体壁正常雌性个体占______．
正确答案
解：（1）依题意可知，A_B_表现为黑色有斑纹，A_bb为灰色有斑纹，aaB_和aabb表现为无斑纹．表中数据显示，F1测交子代中，黑色斑纹：灰色斑纹：无斑纹≈1：1：2（是1：1：1：1的变式），据此可推知，F1的基因型是AaBb．已知纯合亲本甲的表现型为无斑纹，则其基因型可能为aaBB或aabb，若为前者，则乙的基因型为AAbb，若为后者，则乙的基因型是AABB．
（2）F1的基因型是AaBb，雌雄个体交配所得的F2的表现型及其比例为，黑色斑纹（A_B_）：灰色斑纹（A_ bb）：无斑纹（aaB_+aabb）=9：3：4．在F2中，基因型为AABB、AAbb、aaBB、aaBb、aabb的个体自交，其后代均不发生性状分离，共占
（3）已知染色体缺失的卵细胞不育，染色体缺失的精子可育．因此基因型为A0a的雌蚕，只产生一种基因型为a的可育的卵细胞；基因型为A0a的雄蚕，可产生比值相等的A0和a两种精子，二者交配，因雌雄配子的随机结合，子代的表现型和比例为有斑纹（A0a）：无斑纹（aa）=1：1．
（4）有斑纹体壁透明雌蚕（A0aZtW）与有斑纹体壁正常雄蚕（A0aZTZT）杂交，若只研究有无斑纹这一相对性状，结合对（3）的分析可知，F1中有斑纹个体的基因型均为A0a，将其中有斑纹个体相互交配，F2中有斑纹个体所占的比例为1/2；若只研究体壁是否透明这一相对性状，则基因型为ZtW的雌蚕与基因型为zTZT的雄蚕交配，F1中体壁正常雄蚕（ZTZt）：体壁正常雌蚕（ZTW）=1：1，F1中的雌雄蚕交配，所得到的F2的基因型及其比例为ZTZT：ZTZt：ZTW：ZtW=1：1：1：1，其中体壁正常雄性个体和体壁正常雌性个体所占的比例分别
故答案为：
（1）AABB或AAbb
（2）黑色斑纹：灰色斑纹：无斑纹=9：3：4
（3）1：1
（4）
解析
解：（1）依题意可知，A_B_表现为黑色有斑纹，A_bb为灰色有斑纹，aaB_和aabb表现为无斑纹．表中数据显示，F1测交子代中，黑色斑纹：灰色斑纹：无斑纹≈1：1：2（是1：1：1：1的变式），据此可推知，F1的基因型是AaBb．已知纯合亲本甲的表现型为无斑纹，则其基因型可能为aaBB或aabb，若为前者，则乙的基因型为AAbb，若为后者，则乙的基因型是AABB．
（2）F1的基因型是AaBb，雌雄个体交配所得的F2的表现型及其比例为，黑色斑纹（A_B_）：灰色斑纹（A_ bb）：无斑纹（aaB_+aabb）=9：3：4．在F2中，基因型为AABB、AAbb、aaBB、aaBb、aabb的个体自交，其后代均不发生性状分离，共占
（3）已知染色体缺失的卵细胞不育，染色体缺失的精子可育．因此基因型为A0a的雌蚕，只产生一种基因型为a的可育的卵细胞；基因型为A0a的雄蚕，可产生比值相等的A0和a两种精子，二者交配，因雌雄配子的随机结合，子代的表现型和比例为有斑纹（A0a）：无斑纹（aa）=1：1．
（4）有斑纹体壁透明雌蚕（A0aZtW）与有斑纹体壁正常雄蚕（A0aZTZT）杂交，若只研究有无斑纹这一相对性状，结合对（3）的分析可知，F1中有斑纹个体的基因型均为A0a，将其中有斑纹个体相互交配，F2中有斑纹个体所占的比例为1/2；若只研究体壁是否透明这一相对性状，则基因型为ZtW的雌蚕与基因型为zTZT的雄蚕交配，F1中体壁正常雄蚕（ZTZt）：体壁正常雌蚕（ZTW）=1：1，F1中的雌雄蚕交配，所得到的F2的基因型及其比例为ZTZT：ZTZt：ZTW：ZtW=1：1：1：1，其中体壁正常雄性个体和体壁正常雌性个体所占的比例分别
故答案为：
（1）AABB或AAbb
（2）黑色斑纹：灰色斑纹：无斑纹=9：3：4
（3）1：1
（4）
豌豆紫茎（A）对绿茎（a）为显性，抗病（B）对感病（b）为显性，圆粒（Y）对皱粒（y）为显性，各由一对等位基因控制，并分别位于三对同源染色体上．请回答：
（1）在只考虑茎的颜色和种子的粒形的遗传实验中，子代的四种表现型经常出现的比例有9：3：3：1、1：1：1：1、3：3：1：1三种．请分别写出出现上述比例的亲代杂交组合的基因型______、______、______．并说明出现上述比例的条件（至少写出两条）：______．
（2）若只考虑茎的颜色和抗病性状的遗传：如果♀AaBb×♂aabb，则子代表现型及比例为紫茎抗病：紫茎不抗病：绿茎抗病：绿茎不抗病=1：1：1：1；如果♀aabb×♂AaBb，则子代表现型及比例为紫茎不抗病：绿茎抗病：绿茎不抗病=1：1：1．请分析出现异常的可能原因是______；
并用遗传图解表示后一种情况．
（3）若只考虑粒形的遗传：将基因型为aabbYy的植株自交所结全部种子播种，其中收获圆粒种子共300粒，收获皱粒种子共60粒，则子代的性状分离比与孟德尔定律预期分离比______（填“相符”或“不相符”），其最可能的原因是______．
正确答案
解：（1）在只考虑茎的颜色和种子的粒形遗传实验中，子代的四种表现型出现的比例为9：3：3：1的一组，其亲代基因型一定是两对基因都杂合的，其亲本基因组成为AaYy、AaYy；子代的四种表现型比例为1：1：1：1时，杂交的两亲本一定是控制两对相对性状的基因组成都为杂合子测交的类型，其亲本基因组成为AaYy、aayy或Aayy、aaYy；子代的四种表现型比例为3：3：1：1时，两亲本的基因组成中一定是控制一对相对性状的基因组成全为杂合子，控制另一对相对性状的基因组成为杂合子测交的类型，其亲本基因组成为AaYy、Aa yy或AaYy、aaYy；出现上述现象的前提条件是：两对基因遵循自由组合定律；精子和卵子结合的机会均等；各种基因型的后代成活率相同等．
（2）若只考虑茎的颜色和抗病性状的遗传：如果♀AaBb×♂aabb则子代表现型及比例为紫茎抗病：紫茎不抗病：绿茎抗病：绿茎不抗病=1：1：1：1，两对基因的遗传遵循自由组合定律；如果♀aabb×♂AaBb则子代表现型及比例为紫茎不抗病：绿茎抗病：绿茎不抗病=1：1：1，后代缺少紫茎抗病的个体，分析可知，是因为缺少基因型为AB的花粉，原因应是AB基因型的花粉不活或不能萌发形成花粉管．遗传图解如下，
（3）将基因型为aabbYy的植株自交所结全部种子播种共得18株植株其中12株结灰色种皮种子，6株结白色种皮种子，比例为2：1，不符合孟德尔的分离定律，原因是子代的数量太少．
故答案为：
（1）AaYy×AaYy AaYy×aayy或Aayy×aaYy AaYy×Aayy或AaYy×aaYy 两对基因自由组合；各种雌性配子结合机会均等；后代成活率一样 （2）AaBb的植株产生的基因型为AB的花粉不能萌发长出花粉管（不能参与受精作用或AB雄配子致死）影响子代的性状
图解：
（3）不相符 子代样本数量太少
解析
解：（1）在只考虑茎的颜色和种子的粒形遗传实验中，子代的四种表现型出现的比例为9：3：3：1的一组，其亲代基因型一定是两对基因都杂合的，其亲本基因组成为AaYy、AaYy；子代的四种表现型比例为1：1：1：1时，杂交的两亲本一定是控制两对相对性状的基因组成都为杂合子测交的类型，其亲本基因组成为AaYy、aayy或Aayy、aaYy；子代的四种表现型比例为3：3：1：1时，两亲本的基因组成中一定是控制一对相对性状的基因组成全为杂合子，控制另一对相对性状的基因组成为杂合子测交的类型，其亲本基因组成为AaYy、Aa yy或AaYy、aaYy；出现上述现象的前提条件是：两对基因遵循自由组合定律；精子和卵子结合的机会均等；各种基因型的后代成活率相同等．
（2）若只考虑茎的颜色和抗病性状的遗传：如果♀AaBb×♂aabb则子代表现型及比例为紫茎抗病：紫茎不抗病：绿茎抗病：绿茎不抗病=1：1：1：1，两对基因的遗传遵循自由组合定律；如果♀aabb×♂AaBb则子代表现型及比例为紫茎不抗病：绿茎抗病：绿茎不抗病=1：1：1，后代缺少紫茎抗病的个体，分析可知，是因为缺少基因型为AB的花粉，原因应是AB基因型的花粉不活或不能萌发形成花粉管．遗传图解如下，
（3）将基因型为aabbYy的植株自交所结全部种子播种共得18株植株其中12株结灰色种皮种子，6株结白色种皮种子，比例为2：1，不符合孟德尔的分离定律，原因是子代的数量太少．
故答案为：
（1）AaYy×AaYy AaYy×aayy或Aayy×aaYy AaYy×Aayy或AaYy×aaYy 两对基因自由组合；各种雌性配子结合机会均等；后代成活率一样 （2）AaBb的植株产生的基因型为AB的花粉不能萌发长出花粉管（不能参与受精作用或AB雄配子致死）影响子代的性状
图解：
（3）不相符 子代样本数量太少
在牧草中，白花三叶草有两个 稳定遗传的品种，叶片内含氰（HCN）的和不含氰的．现已研究查明，白花三叶草叶片内的氰化物是经图1生化途径产生的：
基因D、R分别决定产氰糖苷酶和氰酸酶的合成，d、r无此功能，两对基因位于两对同源染色体上．现有两个不产氰的品种杂交，F1全部产氰，F1自交得F2，F2中有产氰的，也有不产氰的．将F2各表现型的叶片提取液作实验，实验时在提取液中分别加入含氰糖苷和氰酸酶，然后观察产氰的情况，结果记录于表
（1）亲本中两个不产氰品种的基因型是，在F2中产氰和不产氰的理论比为______
（2）品种Ⅱ叶肉细胞中缺乏______酶，品种Ⅲ可能的基因型是______．
（3）如果在F1植株的花药中出现图2所示的细胞，最可能的原因是______
（4）现有两个突变品种DdRR和DDRr（种子），要在最短时间内获得能稳定遗传的无氰品种ddrr（植株），步骤如下：
a．______
b．______；
c．再将所收获的种子播种，长成植株后，通过叶片的提取液中分别加入______的方法即可从F2中找出基因型为ddrr的植株．
正确答案
解：（1）根据分析及表中的数据可知，F1应为双杂合子即DdRr，所以两亲本的基因型为DDrr和ddRR，F2中产氰（D_R_）占
（2）由于叶片Ⅱ的提取液中加入含氰糖苷，仍不产氰，而提取液中加入氰酸酶，则能产氰，所以叶片Ⅱ的叶肉细胞中缺乏氰酸酶．根据分析可知品种3的基因型为ddR_，即ddRR或ddRr．
（3）F1为DdRr，图示为有丝分裂后期，可知R是由r突变而来，即发生了基因突变．
（4）现有两个突变品种DdRR和DDRr（种子），要在最短时间内获得能稳定遗传的无氰品种ddrr（植株），步骤为：a．将基因型为D dRR和DDRr的种子分别播种，开花时将两个品种进行人工异花传粉（杂交），收获种子；b．花药离体培养，幼苗期加秋水仙素；c．再将所收获的种子播种，长成植株后，通过叶片的提取液中分别加入含氰糖苷和氰酸酶的方法即可从F2中找出基因型为ddrr的植株．
故答案为：
（1）DDrr和ddRR 9：7
（2）氰酸 ddRR或ddRr
（3）r突变为R（基因突变）
（4）a．将基因型为D dRR和DDRr的种子分别播种，开花时将两个品种进行人工异花传粉（杂交），收获种子
b．花药离体培养，幼苗期加秋水仙素
c．含氰糖苷和氰酸酶
解析
解：（1）根据分析及表中的数据可知，F1应为双杂合子即DdRr，所以两亲本的基因型为DDrr和ddRR，F2中产氰（D_R_）占
（2）由于叶片Ⅱ的提取液中加入含氰糖苷，仍不产氰，而提取液中加入氰酸酶，则能产氰，所以叶片Ⅱ的叶肉细胞中缺乏氰酸酶．根据分析可知品种3的基因型为ddR_，即ddRR或ddRr．
（3）F1为DdRr，图示为有丝分裂后期，可知R是由r突变而来，即发生了基因突变．
（4）现有两个突变品种DdRR和DDRr（种子），要在最短时间内获得能稳定遗传的无氰品种ddrr（植株），步骤为：a．将基因型为D dRR和DDRr的种子分别播种，开花时将两个品种进行人工异花传粉（杂交），收获种子；b．花药离体培养，幼苗期加秋水仙素；c．再将所收获的种子播种，长成植株后，通过叶片的提取液中分别加入含氰糖苷和氰酸酶的方法即可从F2中找出基因型为ddrr的植株．
故答案为：
（1）DDrr和ddRR 9：7
（2）氰酸 ddRR或ddRr
（3）r突变为R（基因突变）
（4）a．将基因型为D dRR和DDRr的种子分别播种，开花时将两个品种进行人工异花传粉（杂交），收获种子
b．花药离体培养，幼苗期加秋水仙素
c．含氰糖苷和氰酸酶
某种植物的花色由两对独立遗传的等位基因A、a和B、b控制．基因A控制红色素合成（AA和Aa的效应相同），基因B为修饰基因，BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化．现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如图：
（1）第1组和第2组杂交实验中，白花亲本的基因型依次是______和______．
（2）从第2组F2中取一红花植株，请你设计实验，用最简便的方法来鉴定该植株的基因型．（简要写出设计思路即可，但不要求写出结果与结论）______（20字以内）
（3）第2组F2中红花个体的基因型是______，F2中的红花个体与粉红花个体随机杂交，后代开白花的个体占______．
（4）让第1组F2的所有个体自交，后代的表现型及比例为______．
正确答案
解：（1）第1组中，纯合白花（AABB或aaBB或aabb）×纯合红花（AAbb）→粉红色花（A_Bb），F1自交后代出现1：2：1的分离比，说明F1的基因型为AABb，则白花亲本的基因型为AABB；第2组中，纯合白花（AABB或aaBB或aabb）×纯合红花（AAbb）→粉红色花（A_Bb），F1自交后代性状分离比为3：6：7，是9：3：3：1的变式，说明F1的基因型为AaBb，则白花亲本的基因型为aaBB．
（2）验证一株红花植株（A_bb）的基因型，可采用测交法，也可采用自交法，其中自交法最简便，即让该植株自交，观察后代的花色．
（3）第2组的F1为AaBb，自交所得F2红花为
（4）第1组的F1（AABb）自交所得F2为AABB（白花）：AABb（粉红色）：AAbb（红色）=1：2：1，其中
故答案为：
（1）AABB aaBB
（2）让该植株自交，观察后代的花色情况
（3）AAbb、Aabb
（4）红花：粉红花：白花=3：2：3
解析
解：（1）第1组中，纯合白花（AABB或aaBB或aabb）×纯合红花（AAbb）→粉红色花（A_Bb），F1自交后代出现1：2：1的分离比，说明F1的基因型为AABb，则白花亲本的基因型为AABB；第2组中，纯合白花（AABB或aaBB或aabb）×纯合红花（AAbb）→粉红色花（A_Bb），F1自交后代性状分离比为3：6：7，是9：3：3：1的变式，说明F1的基因型为AaBb，则白花亲本的基因型为aaBB．
（2）验证一株红花植株（A_bb）的基因型，可采用测交法，也可采用自交法，其中自交法最简便，即让该植株自交，观察后代的花色．
（3）第2组的F1为AaBb，自交所得F2红花为
（4）第1组的F1（AABb）自交所得F2为AABB（白花）：AABb（粉红色）：AAbb（红色）=1：2：1，其中
故答案为：
（1）AABB aaBB
（2）让该植株自交，观察后代的花色情况
（3）AAbb、Aabb
（4）红花：粉红花：白花=3：2：3
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