- 自由组合定律的应用
- 共5666题
在某种安哥拉兔中，长毛（由基因HL控制）与短毛（由基因HS控制）是由一对等位基因控制的相对性状．某生物育种基地利用纯种安哥拉兔进行如下杂交实验，产生了大量的F1与F2个体，统计结果如下表，请分析回答：
（1）实验结果表明：F1雌雄个体的基因型分别为______、______
（2）F2中短毛雌兔的基因型及比例为______．
（3）若规定短毛为隐性性状，需要进行测交实验以验证上述有关推测，既可让F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交，也可让______，请预期后者测交子代雌兔、雄兔的表现型及比例为______．
正确答案
解：（1）安哥拉兔的控制长毛和短毛的基因位于常染色体上．由于F1雌雄个体交配，F2出现性状分离，且分离比为3：1，说明F1雌雄个体都是杂合体，所以F1雌雄个体的基因型都为HLHS．
（2）F2雌兔中，长毛：短毛=1：3，所以短毛雌兔的基因型及比例为HLHS：HSHS=2：1．
（3）测交是指子一代与隐性个体杂交，所以要进行测交实验以验证短毛为隐性性状，可让F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交，也可让多只F1短毛雌兔与短毛雄兔杂交．如果让多只F1短毛雌兔与短毛雄兔杂交，则测交后代中，雄兔既有长毛又有短毛且比例为1：1，雌兔全为短毛．
故答案为：
（1）①HLHS HLHS
（2）HLHS：HSHS=2：1
（3）多只F1短毛雌兔与短毛雄兔杂交 雄兔既有长毛又有短毛且比例为1：1，雌兔全为短毛
解析
解：（1）安哥拉兔的控制长毛和短毛的基因位于常染色体上．由于F1雌雄个体交配，F2出现性状分离，且分离比为3：1，说明F1雌雄个体都是杂合体，所以F1雌雄个体的基因型都为HLHS．
（2）F2雌兔中，长毛：短毛=1：3，所以短毛雌兔的基因型及比例为HLHS：HSHS=2：1．
（3）测交是指子一代与隐性个体杂交，所以要进行测交实验以验证短毛为隐性性状，可让F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交，也可让多只F1短毛雌兔与短毛雄兔杂交．如果让多只F1短毛雌兔与短毛雄兔杂交，则测交后代中，雄兔既有长毛又有短毛且比例为1：1，雌兔全为短毛．
故答案为：
（1）①HLHS HLHS
（2）HLHS：HSHS=2：1
（3）多只F1短毛雌兔与短毛雄兔杂交 雄兔既有长毛又有短毛且比例为1：1，雌兔全为短毛
月见草（2n=14）是闭花传粉植物，花色分为红、粉红和白三种．用2个纯合粉红品系进行杂交，F1表现为红色，F2表现为红：粉红：白=9：6：1，相关基因用A，a、B、b表示．请回答：
（1）进行杂交的亲本基因型是______，F2粉红花中杂合子所占的比例是______．
（2）F1中偶然出现一株花型瘦小（微型红花）的突变体，推测是因发生了图1或图2所示的变异，该植株的变异类型是______．现有多株开红、粉红、白色花的纯合体，请你确定上述推测进行以下遗传实验：（注：各型配子活力相同；控制此性状的某一基因都缺失时，幼胚死亡）
实验步骤：①______．
②观察、统计后代表现型及比例．
结果预测：I．若子代花色的表现型及比例为______，则发生了图1所示变异；
Ⅱ．若子代花色的表现型及比例为______，则发生了图2所示变异．
（3）月见草种子中含有GLA（γ-亚麻酸），已知GLA的合成与含量受5对独立遗传的等位基因决定，其中C、c分别控制GLA能否合成，D/d…G/g与CLA的含量高低有关，Ccddeeffgg个体GIA含量为1%，且基因型中D/d…G/g每增加一个显性基因，GIA含量增加1%．现有一株CcDdEeFfGg个体，其GLA含量为______，该植株自交后代的表现型有______种．
正确答案
解：（1）由于月见草纯合粉红品系进行杂交，F1表现为红色，而F2表现为红：粉红：白=9：6：1，说明F1的基因型为AaBb，因此进行杂交的亲本基因型是AAbb、aaBB．F2粉红花的基因型有AAbb、Aabb、aaBB、aaBb，其中杂合子所占的比例是
（2）根据图1或图2所示的变异，可判断其变异类型是易位，属于染色体结构变异．
实验步骤：让花型瘦小（微型红花）的突变体与白花个体aabb交配，若发生了图1所示变异，配对的三条染色体中，任意配对的两条染色体分离时，另一条染色体随机移向细胞任一极．则产生的配子为aAB、b、AB、ab、a、ABb，测交后子代为AaaBb、abb、AaBb、aabb、aab、AaBbb，则花色的表现型及比例为红花：白花=1：1．若发生了图2所示变异，配对的三条染色体中，任意配对的两条染色体分离时，另一条染色体随机移向细胞任一极．则产生的配子为A、aBb、Ab、aB、AaB、b，测交后子代为Aab、aaBbb、Aabb、aaBb、AaaBb、abb，则花色的表现型及比例为红花：粉红花：白花=1：4：1．
（3）由于Ccddeeffgg个体GIA含量为1%，且基因型中D/d…G/g每增加一个显性基因，GIA含量增加1%，说明有一个显性基因，GIA含量就增加1%，所以一株CcDdEeFfGg个体，含有5个显性基因，其GLA含量为5%．由于C、c分别控制GLA能否合成，D/d…G/g与CLA的含量高低有关，该植株自交后代的基因型中除C、c外，含显性基因的个数有8个、7个、…1个、0个，所以表现型有9种，加上一种cc不能合成GIA的总共是10种．
故答案为：
（1）AAbb、aaBB
（2）染色体结构变异（易位）
①该植物与白花个体交配（测交）
②红花：白花=1：1 红花：粉红花：白花=1：4：1
（3）5% 10
解析
解：（1）由于月见草纯合粉红品系进行杂交，F1表现为红色，而F2表现为红：粉红：白=9：6：1，说明F1的基因型为AaBb，因此进行杂交的亲本基因型是AAbb、aaBB．F2粉红花的基因型有AAbb、Aabb、aaBB、aaBb，其中杂合子所占的比例是
（2）根据图1或图2所示的变异，可判断其变异类型是易位，属于染色体结构变异．
实验步骤：让花型瘦小（微型红花）的突变体与白花个体aabb交配，若发生了图1所示变异，配对的三条染色体中，任意配对的两条染色体分离时，另一条染色体随机移向细胞任一极．则产生的配子为aAB、b、AB、ab、a、ABb，测交后子代为AaaBb、abb、AaBb、aabb、aab、AaBbb，则花色的表现型及比例为红花：白花=1：1．若发生了图2所示变异，配对的三条染色体中，任意配对的两条染色体分离时，另一条染色体随机移向细胞任一极．则产生的配子为A、aBb、Ab、aB、AaB、b，测交后子代为Aab、aaBbb、Aabb、aaBb、AaaBb、abb，则花色的表现型及比例为红花：粉红花：白花=1：4：1．
（3）由于Ccddeeffgg个体GIA含量为1%，且基因型中D/d…G/g每增加一个显性基因，GIA含量增加1%，说明有一个显性基因，GIA含量就增加1%，所以一株CcDdEeFfGg个体，含有5个显性基因，其GLA含量为5%．由于C、c分别控制GLA能否合成，D/d…G/g与CLA的含量高低有关，该植株自交后代的基因型中除C、c外，含显性基因的个数有8个、7个、…1个、0个，所以表现型有9种，加上一种cc不能合成GIA的总共是10种．
故答案为：
（1）AAbb、aaBB
（2）染色体结构变异（易位）
①该植物与白花个体交配（测交）
②红花：白花=1：1 红花：粉红花：白花=1：4：1
（3）5% 10
不同鲤鱼品种的体色不同，是由于鱼体鳞片和皮肤含有不同的色素细胞及其数量分布差异所致．科研人员用黑色鲤鱼（黑鲤）和红色鲤鱼（红鲤）做杂交实验：
a．黑鲤和红鲤杂交，无论正交、反交，F1皆表现为黑鲤；
b．F1雌雄个体间相互交配，F2既有黑鲤，也有红鲤，且黑鲤：红鲤约为15：1．
请回答下列问题．
（1）鲤鱼体色中的______是显性性状．
（2）分析实验结果推测：鲤鱼的体色是由______对基因控制的，该性状的遗传遵循______定律．
（3）为验证上述推测是否正确，科研人员又做了如下实验：
①选择纯合黑鲤和纯合红鲤做亲本杂交获得F1；
②______；
③______．
预期结果：______．
（4）一条雌性鲤鱼的眼型表现为异型眼，该异型个体与双亲及其他个体的眼型均不同，假如已知该眼型由核内显性基因E控制，则该变异来源最可能是______．
（5）如果已确定该异型眼鲤鱼为杂合子，且基因位于常染色体上，请设计一个获得该性状纯种品系的培育方案．（只要写出大致的设计思路即可）______．
正确答案
解：（1）根据黑鲤和红鲤杂交，无论正交、反交，F1皆表现为黑鲤，可判断鲤鱼体色中的黑色是显性性状．
（2）根据F1雌雄个体间相互交配，F2既有黑鲤，也有红鲤，且黑鲤：红鲤约为15：1的结果推测：鲤鱼的体色是由两对等位基因控制的，该性状的遗传遵循基因的自由组合定律．
（3）为验证上述推测是否正确，可选择纯合黑鲤和纯合红鲤做亲本杂交获得F1，让F1与隐性亲本（红鲤）杂交，观察后代性状表现，统计其性状分离比例．由于红鲤个体为双隐性个体，所以预期结果为黑鲤与红鲤的比例为3：1．
（4）由于一条雌性鲤鱼的眼型表现为异型眼，该异型个体与双亲及其他个体的眼型均不同，假如已知该眼型由核内显性基因E控制，则该变异来源最可能是基因突变．
（5）如果已确定该异型眼鲤鱼为杂合子，且基因位于常染色体上，则可让该鱼与正常鱼杂交获得F1；让F1中的异型眼雌、雄个体相互交配获得F2，通过测交选出F2中的纯合雌、雄个体保留为亲本．
故答案为：
（1）黑色
（2）2 基因的自由组合
（3）②F1与隐性亲本（红鲤）杂交 ③观察后代性状表现，统计其性状分离比例 黑鲤与红鲤的比例为3：1
（4）基因突变
（5）让该鱼与正常鱼杂交获得F1；让F1中的异型眼雌、雄个体相互交配获得F2，通过测交选出F2中的纯合雌、雄个体保留为亲本
解析
解：（1）根据黑鲤和红鲤杂交，无论正交、反交，F1皆表现为黑鲤，可判断鲤鱼体色中的黑色是显性性状．
（2）根据F1雌雄个体间相互交配，F2既有黑鲤，也有红鲤，且黑鲤：红鲤约为15：1的结果推测：鲤鱼的体色是由两对等位基因控制的，该性状的遗传遵循基因的自由组合定律．
（3）为验证上述推测是否正确，可选择纯合黑鲤和纯合红鲤做亲本杂交获得F1，让F1与隐性亲本（红鲤）杂交，观察后代性状表现，统计其性状分离比例．由于红鲤个体为双隐性个体，所以预期结果为黑鲤与红鲤的比例为3：1．
（4）由于一条雌性鲤鱼的眼型表现为异型眼，该异型个体与双亲及其他个体的眼型均不同，假如已知该眼型由核内显性基因E控制，则该变异来源最可能是基因突变．
（5）如果已确定该异型眼鲤鱼为杂合子，且基因位于常染色体上，则可让该鱼与正常鱼杂交获得F1；让F1中的异型眼雌、雄个体相互交配获得F2，通过测交选出F2中的纯合雌、雄个体保留为亲本．
故答案为：
（1）黑色
（2）2 基因的自由组合
（3）②F1与隐性亲本（红鲤）杂交 ③观察后代性状表现，统计其性状分离比例 黑鲤与红鲤的比例为3：1
（4）基因突变
（5）让该鱼与正常鱼杂交获得F1；让F1中的异型眼雌、雄个体相互交配获得F2，通过测交选出F2中的纯合雌、雄个体保留为亲本
牵牛花的花色由基因R和r控制，叶的形态由基因H和h控制．下表是3组不同亲本的杂交及结果，请分析回答：
（1）根据第______组合可判断阔叶对窄叶最可能为显性；第______组合可判断______ 为显性．
（2）3个杂交组合中亲本的基因型分别是①______、②______、③______．
（3）杂交组合③产生的红色阔叶植株自交，产生的后代的性状及比例是______．
（4）杂交组合①产生的红色阔叶与白色阔叶再杂交，得到隐性纯合子的概率是______．
正确答案
解：（1）根据组合①：白色阔叶×红色窄叶的后代有红色和白色，所以无法判断其显隐关系，但后代只有阔叶，说明阔叶对窄叶为显性；根据组合②：红色窄叶×红色窄叶，亲本和子代都窄叶，无法判断阔叶与窄叶的显隐关系，但后代有红色和白色，说明出现性状分离，可判断红色对白色为显性；根据组合③：白色阔叶×红色窄叶的后代只有红色阔叶，可判断红色对白色为显性、阔叶对窄叶为显性．
（2）由于组合①白色阔叶×红色窄叶的后代红色阔叶：白色阔叶=1：1，所以亲本的基因型为rrHH×Rrhh；由于组合②红色窄叶×红色窄叶的后代红色窄叶：白色窄叶=3：1，所以亲本的基因型为Rrhh×Rrhh；由于组合③白色阔叶×红色窄叶的后代只有红色阔叶，所以亲本的基因型为rrHH×RRhh．
（3）第三组合后代红色阔叶的基因型为RrHh，让它们进行自交，所产生的子一代的表现型有4种，分别是红色阔叶、白色阔叶、红色窄叶、白色窄叶，相应的比例是9：3：3：1．
（4）杂交组合①亲本的基因型为rrHH×Rrhh，其产生的子代是RrHh、rrHh，子代再杂交，后代隐性纯合子的概率是
故答案是：
（1）①或③②或③红色
（2）rrHH×Rrhh Rrhh×Rrhh rrHH×RRhh
（3）红色阔叶、白色阔叶、红色窄叶、白色窄叶 9：3：3：1
（4）
解析
解：（1）根据组合①：白色阔叶×红色窄叶的后代有红色和白色，所以无法判断其显隐关系，但后代只有阔叶，说明阔叶对窄叶为显性；根据组合②：红色窄叶×红色窄叶，亲本和子代都窄叶，无法判断阔叶与窄叶的显隐关系，但后代有红色和白色，说明出现性状分离，可判断红色对白色为显性；根据组合③：白色阔叶×红色窄叶的后代只有红色阔叶，可判断红色对白色为显性、阔叶对窄叶为显性．
（2）由于组合①白色阔叶×红色窄叶的后代红色阔叶：白色阔叶=1：1，所以亲本的基因型为rrHH×Rrhh；由于组合②红色窄叶×红色窄叶的后代红色窄叶：白色窄叶=3：1，所以亲本的基因型为Rrhh×Rrhh；由于组合③白色阔叶×红色窄叶的后代只有红色阔叶，所以亲本的基因型为rrHH×RRhh．
（3）第三组合后代红色阔叶的基因型为RrHh，让它们进行自交，所产生的子一代的表现型有4种，分别是红色阔叶、白色阔叶、红色窄叶、白色窄叶，相应的比例是9：3：3：1．
（4）杂交组合①亲本的基因型为rrHH×Rrhh，其产生的子代是RrHh、rrHh，子代再杂交，后代隐性纯合子的概率是
故答案是：
（1）①或③②或③红色
（2）rrHH×Rrhh Rrhh×Rrhh rrHH×RRhh
（3）红色阔叶、白色阔叶、红色窄叶、白色窄叶 9：3：3：1
（4）
女娄菜是一种雌雄异株的二倍体植物，其花色遗传由两对等位基因A和a、B和b共同控制（如图甲所示）．其中基因A和a位于常染色体上，基因B和b在性染色体上（如图乙所示）．请据图回答：
（1）在减数分裂过程中，X与Y染色体发生分离的时期是______．
（2）开金黄色花的雄株的基因型有AAXbY或______，绿花植株的基因型有______种．
（3）某一白花雌株与一开金黄色花雄株杂交所得F1都开绿花，则白花雌株的基因型是______，请用遗传图解进行推导该交配结果（要求写出配子）．
（4）要确定某一开绿花的雌性植株的基因型，可采用的最简捷的方法是______．
正确答案
解：（1）X与Y染色体为同源染色体，在减数第一次分裂后期分离．
（2）根据图甲分析可知，A_bb表现为金黄色，即开金黄色花的雄株的基因型有AAXbY或AaXbY；A_B_表现为绿色，因此绿花植株的基因型有AAXBXB、AAXBXb、AaXBXB、AaXBXb、AAXBY、AaXBY．
（3）某一白花雌株（aaX-X-）与一开金黄色花雄株（A_XbY）杂交所得F1都开绿花（A_XBXb或A_XBY），则白花雌株的基因型是aaXBXB，遗传图解见下：
（4）要确定某一开绿花的雌性植株的基因型，可采用的最简捷杂交方案是用aaXbY个体对其测交．
故答案为：
（1）减数第一次分裂后期
（2）AaXbY 6
（3）aaXBXB
（4）用aaXbY个体对其测交
解析
解：（1）X与Y染色体为同源染色体，在减数第一次分裂后期分离．
（2）根据图甲分析可知，A_bb表现为金黄色，即开金黄色花的雄株的基因型有AAXbY或AaXbY；A_B_表现为绿色，因此绿花植株的基因型有AAXBXB、AAXBXb、AaXBXB、AaXBXb、AAXBY、AaXBY．
（3）某一白花雌株（aaX-X-）与一开金黄色花雄株（A_XbY）杂交所得F1都开绿花（A_XBXb或A_XBY），则白花雌株的基因型是aaXBXB，遗传图解见下：
（4）要确定某一开绿花的雌性植株的基因型，可采用的最简捷杂交方案是用aaXbY个体对其测交．
故答案为：
（1）减数第一次分裂后期
（2）AaXbY 6
（3）aaXBXB
（4）用aaXbY个体对其测交
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