热门试卷

解：（1）基因分离定律的实质是等位基因随着同源染色体的分开而分离．花粉粒分为长形和圆形、非糯性和糯性，且非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液为棕色，若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，所选亲本杂交后要能得到基因型为Dd或Aa的子代，因此可应选择亲本①与②或①与④杂交．

（2）花粉粒分为长形和圆形、非糯性和糯性，且非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液为棕色，若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，所选亲本杂交后要能得到基因型为AaDd的子代，因此应选择的两亲本为②和④．②（AAttDD）和④（aattdd）杂交所得F1的基因型为AattDd，能产生四种类型的花粉，其基因型及比例为AtD（蓝色长形）：Atd（蓝色圆形）：atD（棕色长形）：atd（棕色圆形）=1：1：1：1，因此将这些花粉涂在载玻片上，加碘液染色，置于显微镜下观察，预期结果为：蓝色长形：蓝色圆形：棕色长形；棕色圆形=1：1：1：1．

（3）要培育糯性抗病（aaT_）优良品种，应选用①（AATTdd）和④（aattdd）作亲本进行杂交；可用于病原体感染法在F2中出筛选抗病性状．

（4）③（AAttdd）和④（aattdd）杂交所得F1的基因型为Aattdd，根据基因分离定律，其自交所得后代中非糯性（A_ttdd）与糯性（aattdd）的比例为3：1．

（5）玉米适宜作为遗传学实验材料的原因：①玉米雌雄同株异花，去雄操作简便；②生长期较短，繁殖速度较快；具有容易区分的相对性状；产生的后代较多，统计更准确等．

故答案为：

（1）②或④

（2）②和④蓝色长形：蓝色圆形：棕色长形；棕色圆形=1：1：1：1

（3）①和④病原体感染法

（4）3：1

（5）玉米雌雄同株异花，去雄操作简便；生长期较短，繁殖速度较快；具有容易区分的相对性状；产生的后代较多，统计更准确

解：（1）①基因型A_B_R_的籽粒红色，则其红色籽粒的基因型共有2×2×2=8种；基因型A_B_R_的籽粒红色，其余基因型均为籽粒白色，则籽粒白色的纯合植株的基因型有7种，即AABBrr、AAbbRR、AAbbrr、aaBBRR、aabbRR、aabbrr、aaBBrr．

②由以上分析可知，甲的基因型应该是AaBBRr．

（2）①由图一可知，该黄色籽粒植株的变异类型属于染色体结构变异中的缺失．

②如果T在异常染色体上，则父本产生的精子中T不能参与受精，只有t的精子能参与受精，但是母本能产生T、t两种配子，因此经过受精后后代的基因型有Tt、tt，比例为黄色：白色=1：1．

③由图二可知B植株的基因型为Ttt，可能是含有Tt的精子和含有t的卵细胞结合形成的，则该植株出现的原因是父本减数分裂过程中同源染色体未分离所致．

故答案为：

（1）①8    7      ②AaBBRr

（2）①缺失        ②黄色：白色=1：1     ③同源染色体

解：（1）根据题中紫色花×紫色花→紫色花：蓝色花=13：3，属于自由组合定律中F2代表现型9：3：3：1的变形，所以观点三明显错误．

（2）根据观点一，因为后代发生性状分离，其表现型为紫色花：蓝色花=13：3，其双亲为双杂合个体，遵循基因的自由组合定律．

（3）持观点二的同学认蓝色花是三对基因均含显性基因时的表现型，即子代中的蓝色花基因型一定要有三种显性基因，为A__BbDd（或AaB__Dd或AaBbD__），两亲本的表现型是紫色花，所以基因型应不含三种显性基因，同时保证子代能出现三种显性基因，并且蓝色花所占比例为，亲本基因型是AabbDd、AaBbdd（或AaBbdd、aaBbDd或AabbDd、aaBbDd）．

（4）在验证植物基因型的实验中最简便的方法就是自交．假如亲本基因型是AabbDd、AaBbdd，子代蓝色花的基因型就有两种：AABbDd和AaBbDd．AABbDd自交，子代出现蓝色花的比例是1××=，即子代紫色花：蓝色花=7：9；AaBbDd自交，子代出现蓝色花的比例是××=，即紫色花：蓝色花=37：27．

（5）①通过花药培养产生花粉植株，需要经过植物组织培养，该过程依据的生物学原理是植物细胞具有全能性，图示两种产生花粉植株的途径并没有绝对的界限，主要取决于培养基中激素的种类及其浓度配比．

②花粉植株的培养中，选择合适的花粉发育时期是提高诱导成功率的重要因素，花粉应选择细胞核由中央移向一侧的单核期，此时花药培养成功率高．花药取样后通常用醋酸洋红法染色镜检，对不易着色的则用焙花青-铬矾法对其染色．

③在配制用于植物组织培养的MS培养基时，往往需要加入适量的蔗糖，其既能作为能源物质，又能维持渗透压稳定．

故答案为：

（1）观点三

（2）AaBb×AaBb    分离定律和自由组合定律（或自由组合定律）

（3）A_BbDd（或AaB_Dd或AaBbD_）

AabbDd×AaBbdd（或AaBbdd×aaBbDd或AabbDd×aaBbDd）

（4）自交    7：9或37：27

（5）①植物细胞具有全能性    激素的种类及其浓度配比

②单核期    醋酸洋红染色法

③既能作为能源物质，又能维持渗透压稳定

解：Ⅰ．（1）根据分析，白甲纯合品种的基因型是AAbb，实验2得到的F2中红色品种的基因型是aaBB、aaBb．

（2）实验3得到的F2白色植株的基因型为AaBb和Aabb，比例为1：1．AaBb植株自交，F3中花色的表现型及比例是12白：3红色：1粉色；Aabb植株自交，F3中花色的表现型及比例是3白：1粉色=12白：4粉色．因此，实验3得到的F2白色植株自交，F3中花色的表现型及比例是白色：红色：粉色=24：3：5．

（3）该植物花色的遗传遵循基因的自由组合定律．

Ⅱ．（1）该植株幼小时，雌雄不易区分，若想通过一次杂交实验，通过叶型判断幼小植物的性别，选择的杂交组合最好是表现型为窄叶雌株XeXe和宽叶雄株XEY．后代中窄叶为雄株，宽叶为雌株．

（2）某同学将杂合的宽叶雌株用秋水仙素处理后，基因型为XEXEXeXe，经减数分裂产生的配子为XEXE：XEXe：XeXe=1：4：1．与正常的窄叶雄株XeY杂交，预测子代的表现型及比例为宽叶雌株：窄叶雌株：宽叶雄株：窄叶雄株=5：1：5：1．

故答案为：

Ⅰ．（1）AAbb          aaBB、aaBb

（2）白色：红色：粉色=24：3：5

（3）基因的自由组合定律

Ⅱ．（1）窄叶雌株      宽叶雄株

（2）宽叶雌株：窄叶雌株：宽叶雄株：窄叶雄株=5：1：5：1