热门试卷

解：A、由题意可知，弹簧的弹力F弹=F=10N，根据胡克定律得，F弹=kx，解得k=，故A错误，B正确．

C、弹簧受到两个拉力F作用，合力为零，故C、D错误．

故选：B．

解：设摩擦力为f，每条橡皮条的拉力为F，根据牛顿第二定律则有：

F合=nF-f=ma

a=

而摩擦力为f=μmg

则a=

所以在a-n的函数表达式中图线的纵截距是-μg，所以能使图线的纵截距改变的是物体与水平面的动摩擦因数．

故选：D．

解：

A、杆开始移动时，弹力等于摩擦力，由受力平衡可得：

kx=Ff，

解得：

，故A正确．

B、小车从接触弹簧到将要碰到固定槽，开始时弹力小于重力分力，小车做加速减小的加速运动，后来杆开始滑动，小车受力平衡，弹力不变等于重力的分析，小车做匀速运动，故B错误．

C、当弹力和重力的分力平衡后，弹簧不再被压缩，此时弹簧的最大压缩量等于0.2m，故C错误．

D、小车从接触弹簧到将要碰到固定槽，杆先保持静止，随之弹力增加，当弹力等于滑动摩擦时，杆受力平衡，开始做匀速运动，故D错误．

故选：A．

解：A、根据胡克定律可知：F=k（l-l0）=kx，即弹簧弹力与弹簧的形变量成正比，与弹簧长度不成正比，故A错误．

B、根据胡克定律可得△F=k△x，则弹簧长度的增加量与弹力增加量成正比，故B正确．

C、在弹力与弹簧形变量图象上，图象的斜率表示劲度系数，由此可知该弹簧的劲度系数是k==200N/m，故C错误；

D、由于图象斜率不变，因此由实验可知该弹簧受到反向压力时，劲度系数不变，故D正确．

故选：BD．

解：A、由图知，t2时刻A的加速度为零，速度最大，根据牛顿第二定律和胡克定律可知，弹簧处于压缩状态．故A错误．

B、由图读出，t1时刻A、B开始分离，对A，根据牛顿第二定律：kx-mgsinθ=ma，则得 x=，故B正确．

C、从开始到t1时刻，对整体，由牛顿第二定律得：F+kx-2mgsinθ=2ma，x减小，则F增大．从t1时刻到t2时刻，对B，由牛顿第二定律得：F-mgsinθ=ma，可知F不变．故C错误．

D、未加F时有：2mgsinθ=F弹 ；

t=0时刻，对整体，根据牛顿第二定律得：F弹-F-2mgsinθ=2ma，解得：F=2ma，故D正确．

故选：BD

解：当物体静止时，弹簧的弹力等于物体的重力，则 F=mg=0.1×10N=1N，弹簧伸长量 x=0.11m-0.10m=0.01m

根据胡克定律F=kx得，k==N/m=100N/m．故B正确．

故选：B

解：A、B、先对b球受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有：

F1=mg

再对a、b球整体受力分析，受重力、拉力和弹簧的拉力，如图所示：

根据平衡条件，有：

F=（2mg）tan60°=2；

F2==4mg

根据胡克定律，有：

F1=k1x

F2=k2x

故=，故A错误，B正确；

C、球a受重力、拉力和两个弹簧的拉力，撤去拉力F瞬间，其余3个力不变，合力为：F′=F=（2mg）tan60°=2；

故加速度：a=，故C错误；

D、球b受重力和拉力，撤去F的瞬间，重力和弹力都不变，故加速度仍然为零，处于平衡状态，故D正确；

故选：BD．

解：AB、弹簧的弹力 F=10N，根据胡克定律F=kx得：

弹簧的劲度系数 k===200N/m．故A正确，B错误．

C、弹簧的劲度系数k与弹簧弹力F的变化无关，与弹簧本身有关．故C错误．

D、轻弹簧的两端各受10N拉力F的作用，所以弹簧所受的合力为零，故D错误．

故选：A．

解：小球静止时，F=mg，则形变量x=．故C正确，A、B、D错误．

故选：C．

解：设弹簧的劲度系数为k．

由题，当弹簧的两端各用10N的外力向外拉伸时，由F1=kx1得：k==N/m

当用5N的外力来压缩弹簧时，其压缩量为：x 2==═0.03m=3cm．故ACD错误，B正确．

故选：B．

解：对小球受力分析，并运用合成法，知mg与N的合力F′与F等大反向，如图：

根据三角形相似：==

若将弹簧换成劲度系数稍小的，则L一定会变长，则由上式可以看出F变大，N不变；即弹簧的弹力增大，环对小球的支持力不变，故AD错误，BC正确．

故选：BC