- 带电粒子在混合场中的运动
- 共247题
如图所示,在两个水平放置的平行金属板之间,电场和磁场的方向相互垂直。一束带电粒子(不计重力)沿着直线穿过两板间的空间而不发生偏转。则这些粒子一定具有相同的
正确答案
解析
略
知识点
24.如图所示,直径分别为D和2D的同心圆处于同一竖直面内,O为圆心,GH为大圆的水平直径。两圆之间的环形区域(Ⅰ区)和小圆内部(Ⅱ区)均存在垂直圆面向里的匀强磁场。间距为d的两平行金属极板间有一匀强电场,上极板开有一小孔。一质量为m、电量为+q的粒子由小孔下方
(1)求极板间电场强度的大小;
(2)若粒子运动轨迹与小圆相切,求Ⅰ区磁感应强度的大小;
(3)若Ⅰ区、Ⅱ区磁感应强度的大小分别为

正确答案
(1)
(2)

(3)7πD;
解析:
由图可知,粒子每次从磁场Ⅱ区域进入Ⅰ区域速度方向偏离300,可知粒子往复转过12此后可再次经过H点;粒子一次循环走过的路程为
代入解得:
解析
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知识点
如图所示,正方形绝缘光滑水平台面WXYZ边长l=1.8m,距地面h=0.8m。平行板电容器的极板CD间距d=0.1m且垂直放置于台面。C板位于边界WX上,D板与边界WZ相交处有一小孔。电容器外的台面区域内有磁感应强度B=1T,方向竖直向上的匀强磁场。电荷量q=5×10-13C的微粒静止于W处,在CD间加上恒定电压U=2.5V,板间微粒经电场加速后由D板所开小孔进入磁场(微粒始终不与极板接触),然后由XY边界离开台面。在微粒离开台面瞬时,静止于X正下方水平地面上A点的滑块获得一水平速度,在微粒落地时恰好与之相遇。假定微粒在真空中运动、极板间电场视为匀强电场,滑块视为质点。滑块与地面间的动摩擦因数μ=0.2,取g=10m/s2。
(1)求微粒在极板间所受电场力的大小并说明两板的极性;
(2)求由XY边界离开台面的微粒的质量范围;
(3)若微粒质量m0=1×10-13kg,求滑块开始运动所获得的速度。
正确答案
见解析。
解析
(1)微粒在极板间所受电场力大小为F=
由微粒在磁场中的运动可判断微粒带正电荷,微粒由极板间电场加速,故C板为正极,D板为负极。
(2)若微粒的质量为m,刚进入磁场时的速度大小为v,由动能定理:Uq=
微粒在磁场中做匀速圆周运动,洛仑兹力充当向心力,若圆周运动半径为R,有:
微粒要从XY边界离开台面,则圆周运动的边缘轨迹如图所示,半径的极小值与极大值分别为
(3)如图,微粒在台面以速度v做以O点为圆心,R为半径的圆周运动,从台面边缘P点沿与XY边界成θ角飞出做平抛运动,落地点Q,水平位移s,下落时间t。设滑块质量为M,滑块获得速度v0后在t内沿与平台前侧面成ф角方向,以就爱上的a做匀减速直线运动到Q,经过位移为k。由几何关系,可得
cosθ=

对于滑块,由牛顿定律及运动学方程,有
μMg=Ma,
再由余弦定理:k2=s2+(d+Rsinθ)2-2s(d+Rsinθ)cosθ
及正弦定理:
联立并代入数据解得:v0=4.15m/s,ф=arcsin0.8(或ф=53°)
知识点
如图,某一新型发电装置的发电管是横截面为矩形的水平管道,管道的长为L、宽度为d、高为h,上下两面是绝缘板,前后两侧面M、N是电阻可忽略的导体板,两导体板与开关S和定值电阻R相连。整个管道置于磁感应强度大小为B,方向沿z轴正方向的匀强磁场中。管道内始终充满电阻率为ρ的导电液体(有大量的正、负离子),且开关闭合前后,液体在管道进、出口两端压强差的作用下,均以恒定速率v0沿x轴正向流动,液体所受的摩擦阻力不变。
(1)求开关闭合前,M、N两板间的电势差大小U0;
(2)求开关闭合前后,管道两端压强差的变化Δp;
(3)调整矩形管道的宽和高,但保持其它量和矩形管道的横截面S=dh不变,求电阻R可获得的最大功率Pm及相应的宽高比d/h的值。
正确答案
(1)设带电离子所带的电量位q,当其所受的洛伦兹力与电场力平衡时,U0保持恒定,有

得:
(2)设开关闭合前后,管道两端压强差分别为p1、p2,液体所受的摩擦阻力均为f,开关闭合后管道内液体受到的安培力为F安,有:p1hd=f,③
p2hd=f+F安,④
F安=Bid⑤
根据欧姆定律,有
两道题板间液体的电阻
由②③④⑤⑥⑦式得:
(3)电阻R获得的功率为:

当
电阻R获得的最大功率
解析
略。
知识点
在如图所示的竖直平面内。水平轨道CD和倾斜轨道GH与半径r =
(1)小物体P1在水平轨道CD上运动速度v的大小;
(2)倾斜轨道GH的长度s。
正确答案
见解析
解析
(1)设小物体P1在匀强磁场中运动的速度为v,受到向上的洛伦兹力为F1,受到的摩擦力为f,则
F1=qvB ①
f=μ(mg-F1) ②
由题意,水平方向合理为零
F-f=0 ③
联立①②③式,代入数据解得
v=4 m/s ④
说明:①③式各1分,②④式各2分
(2)设P1在G点的速度大小为vG,由于洛伦兹力不做功,根据动能定理

P1在GH上运动,受到重力、电场力和摩擦力的作用,设加速度为a1,根据牛顿第二定律
qEcosθ-mgsinθ-μ(mgcosθ+qEsinθ)=ma1 ⑥
P1与P2在GH上相遇时,设P1在GH运动的距离为s1,则

设P2质量为m2,在GH上运动的加速度为a2,则
m2gsinθ-μm2gcosθ+qEsinθ)=m2a2 ⑧
P1与P2在GH上相遇时,设P2在GH运动的距离为s2,则

联立⑤~⑨式,代入数据得
s=s1+s2 ⑩
s=0.56 m ⑾
知识点
如图所示的平面直角坐标系xoy,在第Ⅰ象限内有平行于














(1)电场强度E的大小;
(2)粒子到达
(3)

正确答案
见解析
解析
(1)设粒子在电场中运动的时间为t,则有
联立以上各式可得
(2)粒子到达a点是沿负y方向的分速度为

(3)粒子在磁场中运动是,有
当粒子从b点射出是,磁场的磁感应强度为最小值,此时有
知识点
同步加速器在粒子物理研究中有重要的应用,其基本原理简化为如图所示的模型。M、N为两块中心开有小孔的平行金属板。质量为m、电荷量为+q的粒子A(不计重力)从M板小孔飘入板间,初速度可视为零。每当A进入板间,两板的电势差变为U,粒子到达加速,当A离开N板时,两板的电荷量均立即变为零。两板外部存在垂直纸面向里的匀强磁场,A在磁场作用下做半径为R的圆周运动,R远大于板间距离。A经电场多次加速,动能不断增大,为使R保持不变,磁场必须相应地变化。不计粒子加速时间及其做圆周运动产生的电磁辐射,不考虑磁场变化对粒子速度的影响及相对论效应。求:
(1)A运动第1周时磁场的磁感应强度B1的大小。
(2)在A运动第n周的时间内电场力做功的平均功率
(3)若有一个质量也为m、电荷量为+kq(k为大于1的整数)的粒子B(不计重力)与A同时从M板小孔飘入板间,A、B初速度均为零,不计两者间的相互作用,除此之外,其他条件均不变。下图中虚线、实线分别表示A、B的运动轨迹。在B的轨迹半径远大于板间距离的前提下,请指出哪个图能定性地反映A、B的运动轨迹,并经推导说明理由。
正确答案
(1)
(2)
(3)图A,
解析
(1)设A经电场第一次加速后速度为

A在磁场中做匀速圆周运动,所受洛伦兹力充当向心力

由①②得

(2)设A经


设A做第


设A运动第


在该段时间内电场力做功的平均功率为

由④⑤⑥⑦解得

(3)A图能定性地反映A,B运动的轨迹。
A经过


由上可知,



经


由题设条件并考虑到⑤式,对A有
设B的轨迹半径为
比较上述两式得
上式表明,运动过程中B的轨迹半径始终不变。
由以上分析可知,两粒子运动的轨迹如图A所示。
知识点
如图所示,MN、PQ是平行金属板,板长为L,两板间距离为d,PQ板带正电,MN板带负电,在PQ板的上方有垂直纸面向里的匀强磁场,一个电荷量为q、质量为m的带负电粒子以速度v0从MN板边缘沿平行于板的方向射入两板间,结果粒子恰好从PQ板左边缘飞进磁场,然后又恰好从PQ板的右边缘飞进电场,不计粒子重力,试求:
(1)两金属板间所加电压U的大小;
(2)匀强磁场的磁感应强度B的大小。
正确答案
(1)
解析
(1)分析知,粒子的运动轨迹如图所示,
粒子在电场中运动的时间为t=
加速度为a=
偏转位移为
y=

由题意知y=d
得U=
(2)由
得粒子离开电场时的竖直分速度为vy=
速度大小为v=

设速度方向和PQ所在直线的夹角为θ,
sinθ=

粒子在磁场中的运动半径为
R=

由qBv=m
得R=
B=
知识点
如题9图所示,在无限长的竖直边界NS和MT间充满匀强电场,同时该区域上、下部分分别充满方向垂直于NSTM平面向外和向内的匀强磁场,磁感应强度大小分别为B和2B,KL为上下磁场的水平分界线,在NS和MT边界上,距KL高h处分别有P、Q两点,NS和MT间距为1.8h。质量为m、带电量为+q的粒子从P点垂直于NS边界射入该区域,在两边界之间做圆周运动,重力加速度为g。
(1)求该电场强度的大小和方向。
(2)要使粒子不从NS边界飞出,求粒子
(3)若粒子能经过Q点从MT边界飞出,求粒子入射速度的所有可能值。
正确答案
答案:(1)E=mg/q,方向向上;(2)


解析
知识点
22. 如图,绝缘粗糙的竖直平面MN左侧同时存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场,电场方向水平向右,电场强度大小为E,磁场方向垂直纸面向外,磁感应强度大小为B。一质量为m、电荷量为q的带正电的小
(1)求小滑块运动到C点时的速度大小vc;
(2)求小滑块从A点运动到C点过程中克服摩擦力做的功Wf;
(3)若D点为小滑块在电场力、洛伦兹力及重力作用下运动过程中速度最大的位置,当小滑块运动到D点时撤去磁场,此后小滑块继续运动到水平地面上的P点。已知小滑块在D点时的速度大小为vD,从D点运动到P点的时间为t,求小滑块运动到P点时速度的大小vp。
正确答案
(1)E/B (2

(1)由题意知,根据左手定则可判断,滑块在下滑的过程中受水平向左的洛伦兹力,当洛伦兹力等于电场力qE时滑块离开MN开始做曲线运动,即Bqv=qE
解得:v=E/B
(2)从A到C根据动能定理:
解得:
(3)设重力与电场力的合力为F,由图意知,在D点速度vD的方向与F地方向垂直,从D到P做类平抛运动,在F方向做匀加速运动a=F/m,t时间内在F方向的位移为
从D到P,根据动能定理:
联立解得:
解析
解析已在路上飞奔,马上就到!
知识点
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