- 平面与圆柱面的截线
- 共745题
在空间中,取直线l为轴,直线l′与l相交于点O,其夹角为α(α为锐角),l′围绕l旋转得到以O为顶点,l′为母线的圆锥面,任取平面π,若它与轴l交角为β(π与l平行时,记β=0),则:当 时,平面π与圆锥面的交线为______.
正确答案
椭圆
解析
解:不同倾角的截面截割圆锥,无论是两个对顶的圆锥,还是一个单个的圆锥,都有下面的关系:
(1)β>α,平面π与圆锥的交线为椭圆;
(2)β=α,平面π与圆锥的交线为抛物线;
(3)β<α,平面π与圆锥的交线为双曲线.
由于题中条件:,
故平面π与圆锥面的交线为 椭圆.
故答案为:椭圆.
已知圆柱半径是2,则是一个与圆柱的轴成45°角的平面截圆柱面所得截痕曲线的离心率是______.
正确答案
解析
解:∵底面半径是2的圆柱被与底面成45°的平面所截,其截口是一个椭圆,
则这个椭圆的短半轴为:2,长半轴为=2,
∵a2=b2+c2,∴c=2,
∴椭圆的离心率为:e==.
故答案为:.
如图,P是O外一点,PA是切线,A为切点,割线PBC与O相交于点B,C,PC=2PA,D为PC的中点,AD的延长线交O于点E。
证明:(1)BE=EC;
(2)ADDE=2
正确答案
(1)见解析 (2)见解析
试题分析:本题第(1)问,先由已知得出PA=PD,然后由对应角相等,拆分角得出结论;对第(2)问,可由切割线定理得出,,
然后由相交弦定理,得出结论.
试题解析:(1)连结AB,AC,由题意知PA=PD,故,因为,
,,所以,从而,因此BE=EC.
(2)由切割线定理得:,因为,所以,,
由相交弦定理得:==
=,所以等式成立.
【易错点】对第(1)问,不容易找到思路;第(2)问中不会灵活应用已知条件而出错.
如图所示,AD、CE是△ABC中边BC、AB的高,AD和CE相交于点F.
求证:AF·FD=CF·FE.
正确答案
见解析
证明 因为AD⊥BC,CE⊥AB,
所以△AFE和△CFD都是直角三角形.
又因为∠AFE=∠CFD,所以Rt△AFE∽Rt△CFD.
所以AF∶FE=CF∶FD.
所以AF·FD=CF·FE.
如图,圆的直径,是延长线上一点,,割线交圆于点,,过点作的垂线,交直线于点,交直线于点.
(1)求证:;
(2)求的值.
正确答案
(1)证明见解析;(2)24.
试题分析:
解题思路:(1)利用四点共圆的性质得出两角线段;(2)利用三角形相似和圆内接四边形的性质进行求解.
规律总结:直线与圆的位置关系,是平面几何问题的常见题型,常考知识由:圆内接四边形、切割线定理、相似三角形、全等三角形等.
试题解析:解法1:(1)连接,则,
即、、、四点共圆.
∴.
又、、、四点共圆,∴
∴.
∵,
(2)∴、、、四点共圆,
∴,又,
.
解法2:(1)连接,则,又
∴,
∵,∴.
(2)∵,,
∴∽,∴,
即,
又∵,
∴.
如图,不等边内接于⊙O,是其内心,且.若,则 .
正确答案
5
略
如图,M是平行四边形ABCD的边AB的中点,直线l过点M分别交AD,AC于点E,F,交CB的延长线于点N.若AE=2,AD=6,则=________.
正确答案
∵AD∥BC,∴△AEF∽△CNF,∴=,
∴=.
∵M为AB的中点,∴==1,
∴AE=BN,∴===.
∵AE=2,BC=AD=6,∴==.
如图所示,已知,在边长为1的正方形ABCD的一边上取一点E,使AE=AD,从AB的中点F作HF⊥EC于H.
(1)求证:FH=FA;
(2)求EH∶HC的值.
正确答案
(1)见解析 (2)1∶4
解:(1)证明:连接EF,FC,在正方形ABCD中,AD=AB=BC,∠A=∠B=90°.
∵AE=AD,F为AB的中点,
∴=.
∴△EAF∽△FBC,
∴∠AEF=∠BFC,∠EFA=∠BCF.
又∠A=∠B=90°,
∴∠EFC=90°,=.
又∵∠EFC=∠B=90°,∴△EFC∽△FBC.
∴∠HEF=∠BFC,∠ECF=∠BCF.
∴∠AEF=∠HEF,∠AFE=∠HFE,又EF=EF,
∴△EAF≌△EHF,∴FH=FA.
(2)由(1)知△EFC是直角三角形,FH是斜边EC上的高,
由射影定理可得EF2=EH·EC,FC2=CH·CE,于是EH∶HC=EF2∶FC2.
由(1)得=,于是EH∶HC=EF2∶FC2=1∶4.
圆内接平行四边形一定是
正确答案
已知A(2,1),B(3,2),C(-1,4),则△ABC是( )
正确答案
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