热门试卷

解：A、振子在不同位置，速度相同，则由对称性可知，这两位置关于平衡位置对称，故位移等大、反向，加速度a=-，即加速度等大、反向、共线；故A错误；

B、由于，故从t1到t2时间内，振子先回到平衡位置再远离平衡位置，振子的运动方向没有变化，故B错误；

C、由于，故从t1到t2时间内，振子先回到平衡位置再远离平衡位置，在时刻（中间时刻），振子处在平衡位置，故C正确；

D、从t1到t2时间内，位移x方向改变，回复力F=-kx，故方向也改变，故D错误；

故选C．

解：根据周期性和对称性可知，t3时刻与t1时刻的时间间隔为，则可知两点的位置大小相等，方向相反，速度大小相等，方向相反，此时加速度大小相等，方向相反；只有动能相等；

故选：D．

解：振子振动的周期为：T==0.4s，时间：t=0.5s==1T

由于从平衡位置开始振动，经过0.5s，振子到达最大位移处，其位移大小为：x=A=4cm．

在0.5s内振子通过的路程为：S=1.25×4A=1.25×4×4cm=20cm．

故选：B．

解：简谐运动的质点，先后以同样大小的速度通过A、B两点，则可判定A、B两点关于平衡位置O点对称，所以质点由A到O时间与由O到B的时间相等．

那么平衡位置O到B点的时间t1=0.5s，因过B点后再经过t=0.5s质点以方向相反、大小相同的速度再次通过B点，则有从B点到最大位置的时间t2=0.5s．

因此，质点振动的周期是T=4×（t1+t2）=4s

质点总路程的一半，即为振幅．所以振幅A==6cm

故选：B