热门试卷

解：A、B、曲线上A、C、E点位移最大，动能最小，故振子的势能最大，故A正确，B错误；

C、简谐运动中，动能和势能之和守恒，故曲线上B、D点振子的机械能相等，故C正确；

D、曲线上F点表示振子的位移为零，速度最大，动能最大，故D正确；

故选：ACD．

解：由波动图可知，t=0时刻P点处于平衡位置；由带动法可知P点应向下振动，即开始时应向下方起振，故可知振动图象为B；

故选B．

解：由题，某一时刻作计时起点（t=0），经周期，振子具有正方向最大加速度，则位移为负方向最大，即在A点，说明t=0时刻质点经过平衡位置向左即向-x方向运动，则D为其振动图象．

故选：D．

解：回复力和位移的关系式F=-kx，图象为一次函数，且F与x 方向相反，

故选：C

解：由图知，振子的周期为T=2s，振幅为A=3cm，则频率为：f==0.5Hz

振子的回复力为F=-kx，由于k未知，无法确定最大回复力．故ABC正确，D错误．

本题不能确定的物理量，故选：D

解：A、t=0时刻，位移为零，单摆经过平衡位置，回复力为零，但拉力和重力的合力提供向心力，故合力不为零，加速度也不为零，为零的是回复力产生的切线加速度，故A错误；

B、t=0时刻与t=ls时刻摆球的位移都为零，但速度方向相反，故B错误；

C、从图象得到单摆的周期为2s，根据周期公式T=，可以解得摆长L=1m，故C正确；

D、细线拉力和重力的沿半径方向的分力的合力提供向心力，t=0.5s时刻，位移最大，速度最小，故拉力最小，故D错误；

故选C．

解：波向右传播时，根据上下坡法知a质点速度为零，b质点沿y轴负方向运动，c质点沿y轴负方向运动，d质点沿y轴正方向运动，

其中c点离平衡位置最近，所以c质点先回到平衡位置．

故选：C．

解：

A、由图知，0.25s和1.25s摆球的位移大小相等，方向相反，说明在这两个时刻摆球的位置关于竖直方向对称，则摆球的重力势能相同，故A正确；

B、由上由对称性可知摆线拉力的大小相等，故B错误；

C、在1.0s～1.5s时间内，位移不断增大，摆球远离平衡位置，速度减小，动能减小，重力势能增加，则摆球的动能向重力势能转化．故C错误；

D、由于重力是恒力，在1.0s～2.0s时间内，根据冲量的定义I=Gt可知：重力的冲量不等于零，故D错误．

故选：A．

解：A、由关系式可知，将t=1s和t=3s代入关系式中求得两时刻位移相同．故A正确．

   B、画出对应的位移-时间图象，由图象可以看出，第1s末和第3s末的速度方向不同．故B错误．     

   C、由图象可知，3s末至5s末的位移大小相同，方向相反．故C错误．

   D、由图象可知，3s末至5s末的而速度是大小相同，方向也相同．故D正确．

故选AD．

解：A、由图象可知：甲的正负为10m．乙的振幅为5m，不相同，故A错误；

B、由图示图象可知，两振子的振幅之比为2：1，由于不知道两弹簧的劲度系数关系，无法确定两振子回复力的最大值之比，故B错误；

C、由图示图象可知，有时振子乙速度最大，振子甲速度为零，有时振子乙速度最大，振子甲速度也最大，故C错误；

D、由图示图象可知，甲的周期为2s，则其频率为0.5Hz，乙的周期为1s，其频率为1Hz，甲乙两振子的振动频率之比f甲：f乙=1：2，故D正确；

故选：D．

解：A、在t=4×10-2s时质点位于最大位移处，速度为0，故A错误．

B、振子偏移平衡位置的最大距离叫振幅，由图可以读出振幅为2cm，周期T=4s，则频率f==Hz=0.25Hz，故B错误．

C、在0到1×10-2s时间内，质点的位移在减小，正向平衡位置靠近，做加速运动，所以速度和加速度方向相同．故C正确．

D、在t=×10-2s时，质点的位移沿x轴负方向，根据a=-知，加速度沿x轴正方向，故D错误．

故选：C．

解：

A、由图读出质点振动的周期T=4s，故A正确．

B、频率f===0.25Hz；故B错误；

C、一个周期内质点通过的路程是4A，则t=8s=2T内质点经过的路程是S=2×4A=8×5cm=40cm．故C正确．

D、在5s末，质点处于平衡位置处；故位移为零；故D正确；

本题选错误的；故选：B．