热门试卷

解：由图示简谐运动图象可知，t=0时刻质点由平衡位置向正的最大位移处运动，回复力F=-kx，回复力大小与位移成正比，方向相反，则回复力-时间图象在t=0时刻为零，大小应逐渐变大，方向是负的；

A、由图（3）可知，t=0时刻该变量为零，从此刻开始，变量逐渐变大，方向是负的，由于回复力的方向与位移方向等大反向，质点在t=0时刻从零逐渐变大，方向是正的，则它对应的回复力从零开始逐渐变大，方向是负的，因此图（3）可作为该物体的回复力-时间图象，故A正确；

B、由图（2）所示可知，在t=0 时刻该量为正的最大，从t=0时刻该量逐渐减小，图（2）不能作为该物体的回复力-时间图象，故B错误；

C、做简谐运动的物体在平衡位置时速度最大，物体从平衡位置向正的最大位移处运动过程中，速度逐渐减小，速度方向为正的，由图（1）所示图象可知，该图象所反映的量在t=0时刻为零，从t=0时刻开始逐渐变大，该图象不能作为该物体的速度-时间图象，故C错误；

D、由牛顿第二定律可知，做简谐运动物体的加速度：a=-，加速度大小与位移成正比，方向与位移方向相反，在t=0时刻，物体的位移为零，加速度大小为零，由图（4）所示图象可知，该图象不能作为该物体的加速度-时间图象，故D错误．

故选：A．

解：AB、0～1s质点从正的最大位移向平衡位置运动，所以速度逐渐增大，位移减小，故A正确，B错误；

CD、2～3s质点从负的最大位移向平衡位置运动，所以速度逐渐增大，位移减小，恢复力减小，据牛顿第二定律可知，加速度减小，故CD错误．

故选：A．

解：A、C、由简谐运动的振动图象可知，质点的振幅为0.2m，质点的振动周期为0.2s，故A错误，C正确；

B、0到0.05s时质点的位移逐渐增大，正远离平衡位置，势能增大；故B错误；

D、0.2s时刻图线的切线为负，说明速度为负向，故D错误；

故选：C．

解：A、在t1和t3时刻弹簧的形变量相同，故弹性势能相同，由于机械能守恒，故动能也相同；x-t图象的切线斜率表示速度，故t1和t3时刻速度方向不同，速度不同，故A错误；

B、t3和t4时刻弹簧的形变量相同，故弹性势能相同；x-t图象的切线斜率表示速度，故t3和t4时刻具有相同的速度，故B正确；

C、tl和t4时刻位移相反，根据a=-，知加速度也相反，故C错误；

D、在t2和t5时刻，位移大小之比为2：1，根据公式F=-kx，回复力大小之比也为2：1，故D错误；

故选：B．

解：由同一时刻P、Q两点的位移，画出P、Q间的波形图．由图可知t=0时，P在正向最大位移处，Q在平衡位置且向y轴负向运动．

若P质点离波源近，则P、Q间波长最大的波形如图1所示，有（n+）λ=3m，则波长λ=m，（n=0，1，2…）

  当n=3时，λ=m

若Q质点离波源近，则P、Q间波长最大的波形如图2所示，则有（n+）λ=3m，则波长λ=m，（n=0，1，2…）

 当n=2时，λ=；

由于n是整数，所以λ不可能等于m和．

故选：BC．

解：A、B、由图读出，t1和t2时刻，质点运动的位移大小相等，方向相反；

根据简谐运动的加速度a=-，位移大小相等，方向相反，则加速度大小相等，方向相反；

故A错误，B错误；

C、x-t图象上点的切线的斜率表示速度，故在t1和t2时刻速度相同，故C正确；

D、根据简谐运动的基本特征是：F=-kx得知，t1和t2时刻质点的回复力大小相等，方向相反，故D错误；

故选：C．

解：A、B从图可知，在t1和t2两时刻质点都向负方向运动，速度方向相同．由|x1|＞|x2|得知，质点在t2时刻离平衡位置较近，速度较大，即有v1＜v2．故A正确，B错误．

    C、D从图可知，在t1和t2两时刻质点的位移方向相反，则加速度方向相反．质点在t1时刻离平衡位置较远，加速度较大，即有a1＞a2．故C错误，D正确．

故选AD

解：A、该图是质点的振动图象，反映质点的位移随时间的变化规律，不是质点的运动轨迹．故A错误．

B、0.7s时图象切线的斜率为正值，可知质点的振动方向沿x轴正方向，故B错误．

C、由图知，振幅A=0.05m，周期 T=0.4s，则角频率ω===5πrad/s，故简谐运动的表达式为x=Acosωt=0.08cos5πt（m），故C正确．

D、从0.25s到0.35s，图象切线的斜率为正值，则质点运动的速度沿正向，方向不变．位移先负后正，由a=-分析可知加速度方向先正后负，方向改变．故D错误．

故选：C．

解：根据简谐运动的特征：a=-，可知，经过二分之一周期，振子具有沿x轴正方向的最大加速度，则此时振子的位移为负向最大，计时起点时，位移为正向最大，故D正确．

故选：D

解：据题意，假设向右的方向为正方向，则物体的位移向左，位移应为负值，即时间段在2-3s内；

根据位移图象的斜率等于速度，可知速度向右，为正值，应在3～4s内，故D正确．

故选D

解：A、t1时刻图象切线的斜率为负值，说明质点的速度沿负方向，而t2时刻切线斜率为零，速度为零，则这两个时刻质点的速度不同．故A错误．

B、从t1到t2这段时间内，质点的位移增大，离开平衡位置，速度沿负方向，位移为负方向，由a=-，则知加速度沿正方向，所以速度与加速度方向相反．故B错误．

C、从t2到t3这段时间内，质点的位移减小，靠近平衡位置，速度变大，加速度变小，故C正确．

D、t1、t3时刻质点经过平衡位置，加速度都为零，故D正确．

故选：CD．

解：A、在0至1s内，位移减小，振子靠近平衡位置，速度方向指向平衡位置，加速度方向也指向平衡位置，则两者方向相同．故A正确．

B、在1s至2s内，位移增大，振子离开平衡位置时，速度与回复力方向相反，故B错误．

C、在t=3s时，位移为0，质点通过平衡位置，由于切线的斜率为正，则速度为正，加速度为零，故C错误

D、在t=4s时，位移最大，速度为零，加速度最大．故D错误．

故选：A．

解：从开始计时，经过t=，摆球具有负向最大加速度，由a=-知，t时刻摆球的位移为正向最大．

单摆的周期公式 T=2π，则在t=时间内小球的振动周期数为：n===1，故计时开始时小球应从平衡位置向负向运动，t=0时刻x-t图象的斜率为负，故A正确；BCD错误．

本题选不正确的，故选：BCD