热门试卷

解：A、由图看出，在0.1s时，振子的位移为零，此时振子的速度最大，所以振动能量不为零，故A错误．

B、在0.2s时，振子位于最大位移处，所以具有最大势能，故B正确．

C、0.4s时，处于最大位移处，速度为零，故动能为零，故C错误．

D、由图可知，振动周期为0.4s；故D正确；

故选：BD

解：A、在t=0时刻，质点的位移为零，质点经过平衡位置，速度最大，而加速度为零．故A错误．

B、在t=4s时，质点经过平衡位置沿正方向运动，此时质点的速度最大．故B错误．

C、在t=3s时位移为负的最大，据F=-kx可知，位移方向与回复力的方向相反，即位移与加速度方向相反，故C错误；

D、从1s至3s末质点向平衡位置运动再偏离平衡位置运动，所以速度先增大后减小，且方向不变，故D正确．

故选：D．

解：A、简谐运动的振幅是不变的，由图知振幅A=2cm，故A不正确．

B、1s末图线切线的斜率为负值，说明物体速度沿x轴负方向，故B正确．

C、1.5s时物体的位移为负向最大，根据简谐运动的特点：a=-可知，此刻加速度为正向最大，故C正确．

D、2s末物体的位移为零，经过平衡位置，速度和动能都最大，故D正确．

本题选不正确的，故选：A．

解：由题，薄木板水平匀速运动，运动时间为t===2s；．设沙摆的周期为T，由图看出，2T=t，得T=1s．

由单摆的周期T=2得，L===0.25m；

故选：A

解：

a点对应的时刻货物的位移为正向最大，根据简谐运动的特征得知，其加速度为负向最大，即向下最大，根据牛顿定律得知，货物处于失重状态，货物对车厢底板的压力小于货物的重力．

b、d点对应的时刻货物的位移为零，其加速度为零，根据牛顿定律得知，货物对车厢底板的压力等于货物的重力．

c点对应的时刻货物的位移为负向最大，根据简谐运动的特征得知，其加速度为正向最大，即向上最大，根据牛顿定律得知，货物处于失重状态，货物对车厢底板的压力大于货物的重力．

所以a点对应的时刻货物对车厢底板的压力最小，c点对应的时刻货物对车厢底板的压力最大，d点对应的时刻货物对车厢底板的压力等于货物重力．

故选ACD

解：AC、由图读出周期T=0.8s，则频率f==1.25Hz，故A错误，C正确；

B、由图读出振幅为2cm，故B错误；

D、t=0.3s时，质点位于正方向向平衡位置运动；故加速度为负；速度为负；故D错误；

故选：C．

解：波源的起振方向向上，各质点起振方向均向上．

根据振动的周期性和波的传播特点可知，质点13此时的振动方向向下，而波源的起振方向向上，所以从质点13算起，需要再经该点振动的方向才能向上，设周期为T，则t=T+=2T，即T=．

由题意知，λ=8s，结合λ=vT，可得v=

故选BD

解：A、由图象可知合外力随时间作正弦规律变化，根据牛顿第二定律得知，加速度与合外力成正比，方向与合外力方向相同，加速度也随时间作正弦变化．

对于简谐运动，速度-时间图象是正弦函数或余弦函数，其切线等于加速度，根据数学知识知，简谐运动的加速度也是余弦或正弦函数，合外力也是余弦或正弦函数，故物体可能做简谐运动，故A错误．

B、分析一个周期内物体可能的运动情况：

若物体的初速度为零或初速度方向与开始时加速度方向相同：则物体可能的运动情况是：

在前半个周期内，物体先做加速度增大的加速运动，再做加速度减小的加速运动；

后半个周期内，沿原方向做加速度增大减速运动，接着做加速度减小的减速运动，一个周期后，速度变化量为零．

接着周而复始，则在2s末的速度可能最大．故B正确．

C、若物体的初速度方向与开始时加速度方向相反：

物体可能在前半个周期内，物体先做加速度增大的减速运动，再做加速度减小的减速运动；

后半个周期内，沿原方向做加速度增大加速运动，接着做加速度减小的加速运动，一个周期后，速度变化量为零．

接着周而复始，则物体在2s末的速度可能最小．故C正确．

D、合外力F在一个周期的冲量是零，根据动量定理可知，动量变化量为零，则物体在4s末的速度跟初速度相同．故D正确．

故选：BCD．

解：A、B、波的周期为4s，波长为4m，一个周期波形平移4m，故1s内波向右平移1m；通过波形微平移法，得到1s内质点A向下运动，故回复力向上，做负功，故A错误，B正确；

C、通过波形微平移法，得到1s内质点C向上运动，质点B向下运动，回复力都是指向平衡位置，向下，故对B做正功，对C做负功，不同，故C正确；

D、通过波形微平移法，得到1s内质点C向上运动，质点B向下运动，回复力都是指向平衡位置，向下，平均大小相同，作用时间相同，故在第1s内回复力对它们冲量相同，故D正确；

故选BCD．

解：据题，当第一个质点经过平衡位置向x轴负方向运动时，第二个质点在x轴正方向的最大位移处，则t=0时刻，当第一个质点在x轴正方向最大位移处时，第二个质点正通过向x轴正方向运动，初相位与第一个质点的初相位相差，所以第二个质点的振动方程为 x2=Acos（ωt+φ-）．

故选：A

解：A、由图读出质点振动的周期T=4s，则频率f===0.25Hz．故A错误．

B、质点做简谐运动，在一个周期内通过的路程是4A，t=10s=2.5T，所以在10s内质点经过的路程是 S=2.5×4A=10×2cm=20cm．故B正确．

C、在第4s末，质点的位移为0，经过平衡位置，速度最大．故C错误．

D、由图知在t=1 s和t=3 s两时刻，质点位移大小相等、方向相反，故D错误．

故选：B

解：A、t=1秒时，质点在平衡位置，故速度最大，加速度最小，为零；

x-t图象的切线斜率表示速度，故质点的速度为负的最大值；故A正确；

B、t=2秒时，质点的位移为负的最大值，速度为零，故B错误；

C、t=3秒时，质点的位移为零，质点在平衡位置，故速度最大，加速度最小，为零；故C错误；

D、t=4秒时，质点的速度为零，位移为正的最大，根据a=-，加速度为负的最大值；故D错误；

故选：A．