热门试卷

解：A、B、C根据简谐运动的表达式为：，知振幅为3cm，圆频率ω=5ωrad/s，则频率为f===2.5Hz，初相为．故ABC正确

D、将t=1s代入振动方程得：x=3cos（5π×1+）cm=-cm．故D错误．

故选ABC

解：A、简谐运动运动回复力F=-kx，0至t1时间内，回复力逐渐增加，故位移不断增加，物体远离平衡位置，速度不断减小，故A错误；

B、t1至t2时间内，回复力减小，故位移减小，物体向平衡位置做加速运动，加速度方向与运动方向相同，故B错误；

C、t2至t3时间内，回复力逐渐增加（负号表示方向），故位移不断增加，物体远离平衡位置，速度不断减小，故C错误；

D、t3至t4时间内，回复力减小（负号表示方向），故位移减小，物体向平衡位置做加速运动，加速度方向与运动方向相同，故D正确．

故选：D．

解：由F=-kx可知，回复力与位移大小成反比，方向与位移方向相反，故其图象为D；

故选：D．

解：A、C甲图中，K处于正向最大位移处，M处于负向最大位移处，与振动图象t=0时刻质点的状态不符．故AC错误．

    B、甲图中，L点处于平衡位置，根据波沿着x轴正方向传播，可判断出L点沿y轴正方向振动，与振动图象中t=0时刻质点的运动情况相同．故B正确．

    D、甲图中，N点处于平衡位置，且沿y轴负方向振动，与振动图象动图象t=0时刻质点的运动情况不同．故D错误．

故选B

解：A、取向上为正方向，由图象知，t1时刻弹簧振子在正向最大位移处，即是最上端，弹簧最短，故A错误；

B、t1到t2时刻间位移减小，振子加速度减小，故B错误．

C、t2时刻振子从正的最大位移返回到平衡位置，故振子速度向下，故C错误；

D、t3时刻振子位移为负的最大值，取向上为正方向，故此时振子位移方向向下，故D正确；

故选：D

解：A、由振动图象读出两弹簧振子周期之比T甲：T乙=2：1，根据周期公式T=2分析可知，两弹簧振子一定不完全相同．故A错误；

B、两弹簧振子周期之比T甲：T乙=2：1，频率之比是f甲：f乙=1：2．故B正确；

C、由图看出，甲在最大位移处时，乙在平衡位置，即振子甲速度为零时，振子乙速度最大．故C正确；

D、由振动图象读出两振子位移最大值之比x甲：x乙=2：1，根据简谐运动的特征F=-kx，由于弹簧的劲度系数k可能不等，回复力最大值之比F甲：F乙不一定等于2：1．故D错误；

故选：BC．

解：

A、由图读出周期为T=4s，振幅为A=10cm．故A错误．

B、1s末质点位于平衡位置，其速度最大．故B错误．

C、2s末质点的位移沿负方向且为最大值．故C错误．

D、2s-3s这段时间内，回复力沿正方向，质点通过的位移方向也沿正方向，则回复力做正功．3s-4s这段时间内质点从平衡位置向正向最大位移处运动，动能减小，其势能逐渐增大．故D正确．

故选D

解：A、由图读出质点振动的周期T=4s，则频率f==0.25Hz．故A错误．

B、一个周期内质点通过的路程是4A，由于质点在t=1.5s时刻不在平衡位置，也不在最大位移处，则t=1s=T内质点经过的路程不是A=2cm．故B错误．

C、在t=4s末，质点正通过平衡位置，速度最大，回复力为零，故C错误．

D、在t=2s末，质点正通过平衡位置，速度最大，回复力为零，加速度也为零，故D正确．

故选：D

解：

A、B由图读出单摆的周期T=1s，由周期公式T=2得，摆长l=，代入解得，l=0.25m．故AB错误．

C、频率f=．故C正确．

D、振幅等于位移的最大值，由图读出振幅A=0.1m．故D错误．

故选C

解：A、由图知甲、乙两摆的振幅分别为2 cm、1 cm，振幅之比为2：1，故A正确；

B、t=2 s时，甲摆在平衡位置处，重力势能最小．乙摆在振动的最大位移处，动能为零，故B错误；

C、由图知：甲、乙两球的周期之比为1：2，由单摆的周期公式T=2π，得到甲、乙两摆的摆长之比为1：4，故C错误；

D、因摆球摆动的最大偏角未知，不能确定摆球在最低点时的向心加速度大小，故D错误；

故选：A．

解：

A、振幅是质点离开平衡位置的最大距离，等于x的最大值，由图象知振幅 A=2cm，故A错误；

B、由图读出质点振动的周期为 T=4s，则频率为f==Hz=0.25Hz，故B正确；

C、质点做简谐运动，在一个周期内通过的距离是4A，则质点在10s内通过的路程是S=•4A=×4×2cm=20cm，故C正确；

D、质点从t1=1.5s到t2=4.5s的过程中，经历的时间为t=3s=T，但由于t1=1.5s时刻，质点并不在平衡位置和最大位移处，所以通过的距离不能这样求得：S=×4A=6cm，即经过的路程不是6cm，故D错误．

故选：BC．