热门试卷

解：A、由位移的表达式x=5sintcm，可知质点做简谐运动的振幅为5cm；由位移的表达式读出角频率ω=rad/s，则周期为T==8s．故A错误．

B、在t=4s时质点的位移x=5sintcm=5sin0=0cm，说明物体通过平衡位置，速度最大且沿x的负方向．故B错误．

C、在t2=1s到t3=5s时间恰好为半个周期，所以质点运动的路程为2A=10cm的路程，故C正确；

D、由于周期T=8s，所以在t4=7s到t5=8s时间里质点的加速度为正且逐渐减小，二速度逐渐增大且为正方向，所以二者方向相同，故D错误．

故选：C

解：A、振动图象切线的斜率表示速度，由图知0.2s末和0.6s末质点的速度大小相反，方向相反，所以速度不同，故A错误．

B、从0.6s到0.8s的时间内，速度方向沿负向，加速度方向沿正向，两者方向相反；从0.8s到1s的时间内，速度方向沿正向，加速度方向沿正向，两者方向一致．故B错误．

C、从0.8s到1s的时间内，质点的位移减小，靠近平衡位置，速度变大，由a=-知加速度变小，故C正确．

D、从0.2s到0.4s质点的位移增大，速度减小，而加速度增大，做加速度增大的减速运动．故D错误．

故选：C．

解：A、由图读出质点振动的周期T=4s，则频率f==0.25Hz．故A错误．

B、一个周期内质点通过的路程是4A，t=10s=2.5T，则在10s内质点经过的路程是S=2.5×4A=10×2cm=20cm．故B正确．

C、在5s末，质点处于正向最大位移处，速度为零，加速度为负向最大．故C正确．

D、由图知t=1.5s与t=1.5s时刻质点的位移相等，则加速度相同，而速度大小相等，方向相反．故D错误．

故选BC

解：A、由振动图象得知该波的周期 T=4s，由O点起振情况得波长为：λ=4m，则波速为：v==1m/s；

振动从O点传到Q和Q′的时间为 t1==s=2s，即O点振动2s后，Q点和Q′点开始振动，故A错误；

B、Q′起振方向与O点起振方向相同：向上，Q′点从开始振动到第一次达到正向最大位移时，经过时间T，则此过程O点已经振动的时间为：

t=t1+=2s+4s=3s=T，

O点通过路程为：s=3A=3×5cm=15cm．故B正确；

C、t=15s时，Q点已经振动的时间为 t′=13s=3T，Q点到达波峰，速度为零，加速度最大．故C错误；

D、波速是由介质决定的，与振源的振动周期无关．所以若O质点振动的周期减小时，沿绳传播的波速不变，仍为1m/s；故D错误．

故选：B．

解：由波形图得到波长：λ=4m；

已知波速为20m/s，故周期：

T==；

由波形图得到振幅为2cm，图示时刻位于x=5m处质点的位移为零；

由于波沿x轴正方向传播，故位于x=5m处质点图示时刻向上运动；

故y-t图象是B图象；

故选：B．

解：根据题意，波从右向左传播，图示时刻，波最左端的质点振动方向向上，则振源A质点刚开始振动时的方向为向上．

故选：A．

解：A、当位移最大时，物体的速度为零，再向平衡位置运动时，速度沿反向增在；故A错误；

B、由a=-可知，加速度与位移成正比，方向相反；故B正确；

C、物体的动能在四分之一周期内并不是成线性增大的；故C错误；

D、由于只有弹力做功，系统的机械能守恒；故机械能不变；故D正确；

故选：BD．

解：

A、在t=0时刻，质点的位移为零，质点经过平衡位置，速度最大，而加速度为零．故A错误．

B、在t=4s时，质点经过平衡位置沿正方向运动，此时质点的速度最大．故B错误．

C、D质点的振幅为A=5cm、周期为T=4s，保持不变．故C错误，D正确．

故选D

解：

A、B、若甲表示位移，t=0时刻，质点的速度为正向最大，所以丙表示速度图象．故A正确．

B、若甲表示位移，t=0时刻，位移为零，在前周期内，位移向正向最大变化，则t=0时刻质点的加速度为零，并且在前周期内，加速度向负向最大变化，所以乙图表示加速度．故B正确．

C、若丁表示位移，t=0时刻位移最大，速度为0，在t=T时刻速度为正向最大，与乙图不符，则乙不能表示速度，故C错误．

D、若乙表示速度，t=0时刻质点的速度为0，处于正向最大位移处，与丙图象情况相同，则丙表示位移．故D正确．

故选：ABD

解：A、由图可知，小球振动的周期是4s，则频率：f=Hz．故A错误；

B、由图可知，小球在平衡位置处弹簧的长度是10cm，则弹簧的伸长量：△x=10cm-8cm=2cm=0.02m，小球在平衡位置处的弹力大小与重力相等，所以有：

k△x=mg

则：m=kg．故B正确；

C、由图可知，2s末小球经过平衡位置，速度最大；4s末小球又一次经过平衡位置，速度还是最大，则小球的动能大小是相等的，所以2s末至4s末弹力对小球做的功为零．故C正确；

D、3s末弹簧的形变量：△x′=8cm-6cm=2cm=0.02m，弹簧处于压缩状态，所以对小球的作用力是向下的弹力，小球受到重力和向下的弹力，合外力：

F合=k△x′+mg=50×0.02+0.1×10=2N

小球的加速度为a=m/s2．故D错误．

故选：BC

解：A、质点A点对应的时刻振子的位移为0.25cm，所受的回复力：F=-k△x=-20×0.25N=-5 N，负号表示方向指向x轴的负方向．故A正确；

    B、质点A点对应的时刻振子的位移为0.25cm，正在向最大位移运动，所以点对应的时刻振子的速度方向指向x轴的正方向．故B正确；

    C、由图可知，振子的周期为2s，在0～4 s内振子做了2次全振动．故C错误．

    D、由图可知，振子的振幅为0.5cm，在0～4 s内振子做了2次全振动．振子通过的路程为s=2×4A=2×4×0.5cm=4cm．故D错误．

故选：AB

解：A、由图知该振子的周期是T=4s，频率为：f==0.25Hz，故A错误；

B、由图可知：2s末振子处于平衡位置且向负方向运动，此时速度最大，加速度为零，故B错误；

C、由图可知：3s末振子处于负的最大位移处，此时速度为零，加速度最大，且方向为正，故C正确；

D、由图可知：5s末振子处于正的最大位移处，此时速度为零，加速度最大，故D错误；

故选：C

解：AB、简谐横波沿x轴正方向传播，由“上下坡法”知，图示时刻b点的振动方向沿y轴负方向，远离平衡位置，其加速度正在增大．故A、B错误．

C、由图读出波长为λ=4m，则该波的频率为 f===50Hz，则若此波遇到另一列波并发生稳定干涉现象，则另一列波的频率应为50Hz，故C正确．

D、质点a只上下振动，不向前迁移，故D错误．

故选：C．