热门试卷

解：A、由振动方程式可得，t=0.6s物体的位移为y=0.1sin（2.5π×0.6）=-0.1m；

则对小球有：

h+=gt2

解得h=1.7m；故A正确；

B、由公式可知，简谐运动的周期T===0.8s；故B正确；

C、振幅为0.1m；故0.6s内物块运动的路程为3A=0.3m；故C错误；

D、t=0.4s=，此时物体在平衡位置向下振动，则此时物块与小球运动方向相同，故D错误；

故选：AB．

解：A、振子的振幅等于振动图象中位移的最大值，为5cm．故A错误．

    B、周期等于相邻最大值之间的时间间隔，为16s．故B错误．

    C、第12s末振子处于最大位移处，振子的速度为零，加速度最大．故C正确．

    D、第16s末振子处于平衡位置处时，速度为最大，加速度为零．故D错误．

故选C

解：速度与加速度方向相同，说明振子正在加速，即振子正在靠近平衡位置，位移正在减小，为0.3～0.6s和0.9～1.2s；

故选：C．

解：A、在t=4s时，质点位移为零，根据a=-，加速度为零，在平衡位置，故速度最大，故A正确；

B、在t=1s时，质点位移为零，根据a=-，加速度为零，在平衡位置，故速度最大，故B错误；

C、在0到1s时间内，先离开平衡位置后靠近平衡位置，先减速后加速，故质点速度和加速度方向先相反、后相同，故C错误；

D、在t=1.5s时，质点的位移沿x轴负方向，为y=-0.2cm；根据a=-，加速度为正方向；故D正确；

故选：AD．

解：A、振幅是质点偏离平衡位置的最大距离，由图可以读出振幅为2cm，故A正确；

B、由图可以读出质点简谐运动的周期为 T=4s，则频率f==0.25Hz，故B错误；

C、t=2s时质点位于平衡位置，速度最大，由“爬坡法”知质点在向下运动，故C正确；

D、t=5s时质点位于最大位移处，合外力最大，故D错误．

故选：AC．

解：A、振动图象描述的是一个质点的振动，波动图象研究的是多个质点的振动．故A正确，B错误．

C、在振动图象中，可以看出质点在不同时刻的位移，在波动图象中，能看成某一时刻各质点的位移，故C正确，D错误．

故选：AC．

解：

A、t1、t2时刻振子的位移相同，振子通过同一位置，（t2-t1）一定小于．故A错误．

B、根据图象的切线斜率等于速度，可知t2时刻和t3时刻切线斜率相同，速度大小相等、方向也相同，故B正确．

C、t2、t4时刻振子的位移大小相等，方向相反，则由a=-，知振子的加速度大小相等，方向相反，故C正确．

D、若△t=n（n=1，2，3，…），振子的位移必定大小相等、方向相反，但时刻t和时刻（t+△t）弹簧的长度不一定相等，故D错误．

故选：BC．

解：从振子的位移时间图象可以看出，位移逐渐变小并反向增加，故运动方向没有改变，即速度方向不变；振子先靠近平衡位置再远离平衡位置，故弹性势能变小后变大，根据机械能守恒定律可知，动能先变大后变小，故速度先变大后变小；弹性势能先变小后变大，故行变量先变小后变大，故弹力先变小后变大，故加速度先变小后变大，经过平衡位置弹力方向改变，故加速度方向也改变；

故选：D．

解：A、由图可知，由P→Q，位移在增大，故A正确；

B、由P→Q，位移在增大，速度在减小，故B错误；

C、由M→N，中间越过了平衡位置，位移先减小后增大，故C正确；

D、由C分析得，D错误．

故选：AC．

解：因为过周期，振子具有正方向的最大速度，可知t=0时刻振子位于负的最大位移处，向正方向运动，故D正确，A、B、C错误．

故选：D．

解：质点通过平衡位置时速度最大，由图知在4s内，1s和3s两个时刻质点通过平衡位置，速度最大，根据图象切线的斜率等于速度，可知，1s时刻速度为负向，3s时刻速度为正向，故具有最大正方向速度是3s．

由加速度与位移的关系：a=-，可知，质点具有最大正方向加速度时有最大负向的位移，由图看出该时刻在2s，所以质点具有最大正方向加速度的时刻是2s，故B正确．

故选：B

解：A、B、由波形图得到振幅为2cm，波长为4m，故A正确，B正确；

C、D、因为P质点向上振动，根据“上下坡”法知，波沿x轴正方向传播，故C正确，D错误；

本题选错误的，故选：D．